Correction du devoir surveillé n ◦ 2
Exercice 1. Pour les trois questions, on peut faire un tableau de restes :
Reste dex modulo 5 0 1 2 3 4
Reste de 2x modulo 5 0 2 4 1 3
Reste dex2 modulo 5 0 1 4 4 1
Reste de (3x+ 4)(2x+ 1) modulo 5 4 1 0 1 4
On déduit de ce tableau que :
1. l’ensemble des entiers x tels que 2x≡3 [5] est {4 + 5k|k ∈Z}.
2. l’ensemble des entiers x tels que x2 ≡3 [5] est∅.
3. l’ensemble des entiers x tels que (3x+ 4)(2x+ 1)≡0 [5] est {2 + 5k|k ∈Z}.
Exercice 2. Soit n∈N. Alors, 72 = 49 = 3×13 + 10≡10 [3] donc 72n= (72)n ≡10n [13] et 23 = 13 + 10≡10 [13]. Dès lors, 72n−23n≡10n−10n [13]≡0 [13] donc 13 divise 72n−23n.
Exercice 3.
1. Considérons, pour tout n∈N∗, la proposition Pn : « 10n ≡10 [45] ».
Comme 101 = 10≡10 [45],P1 est vraie.
Soit k ∈N∗. Supposons quePk est vraie.
Alors, 10k ≡ 10 [45] donc 10k ×10 ≡ 10×10 [45] soit 10k+1 ≡ 100 [45]. Or, 100 = 2×45 + 10≡10 [45] donc 10k+1 ≡10 [45] i.e. Pk+1 est vraie.
Ainsi, on a montré par récurrence que, pour tout n∈N∗, Pn est vraie i.e. 10n ≡10 [45] . 2. On a N =
k
X
j=0
aj10j =a0+
k
X
j=1
aj10j. Or, grâce à la question précédente, pour tout entier j entre 1 etk, 10j ≡10 donc 10jaj ≡10aj. Ainsi, N =a0+ 10
k
X
j=1
aj. On en déduit que
45|N ⇔N ≡0 [45]⇔a0+ 10
k
X
j=1
aj ≡0 [45]⇔45|a0+ 10
k
X
j=1
aj.
Ainsi, 45 divise N si et seulement si 45 divise a0+ 10
k
X
j=1
aj .
3. Pour N1, 6 + 10(1 + 0 + 2 + 5 + 1 + 0 + 2) = 116 = 2×45 + 26 n’est pas divisible par 45 donc N1 n’est pas divisible par 45 .
Pour N2, 5 + 10(3 + 0 + 2 + 5 + 1 + 0 + 2) = 135 = 3×45 est divisible par 45 donc N2 est divisible 45 .
Exercice 4.
1. a. On a 2019 = 228×7 + 3 et 063<2019 donc le reste de 2019 modulo 7 est 3 . b. On dresse un tableau de restes :
Reste dem modulo 7 0 1 2 3 4 5 6
Reste dem2 modulo 7 0 1 4 2 2 4 1
Ainsi, les restes possibles pour m2 modulo 7 sont 0, 1, 2 et 4.
c. Supposons que d est un multiple de 7. Soit (x;y) ∈ N2. Alors, d ≡ 0 [7] donc dy2 ≡ 0 [7] et ainsi x2 −dy2 ≡ x2 [7]. D’après la question précédente, le reste de x2−dy2 modulo 7 est donc 0, 1, 2 ou 4 donc ce reste diffère de celui de 2019 et ainsi x2−dy2 6= 2019. On conclut que l’ensemble des solutions de (Ed) est vide .
2. On a 2019 = 504×4 + 3 et 063<2019 donc le reste de 2019 modulo 4 est 3 . On dresse un tableau de restes :
Reste de m modulo 4 0 1 2 3
Reste de m2 modulo 4 0 1 0 1
Ainsi, les restes possibles pour m2 modulo 4 sont 0 et 1. Aucun des ces restes n’est égal à 3 donc, par le même raisonnement que précédemment, si d est un multiple de 4 alors
l’ensemble des solutions de (Ed) est vide .
3. a. Comme (x;y) est une solution de (E1),x2−y2 = 2019 donc (x−y)(x+y) = 2019.
Ainsi, comme x et y sont des entiers naturels, x−y et x +y sont entiers donc (x−y;x+y) est un couple de diviseurs de 2019. De plus, commexet y sont positifs, x+yest positif donc, comme (x−y)(x+y)>0,x−yest positif. Ainsi, (x−y;x+y) est un couple de diviseurs positifs de 2019.
b. Soit (x;y) une solution de (E1). Alors, commex6x+y, on déduit de la question précédente que (x−y;x+y) = (1 ; 2019) ou (x−y;x+y) = (3 ; 673). En remar- quant quex= (x−y)+(x+y)
2 et y= −(x−y)+(x+y)
2 , on en déduit que (x;y) = (1010 ; 1009) ou (x;y) = (338 ; 335).
Réciproquement, on vérifie que 10102−10092 = 2019 et 3382 −3352 = 2019 donc l’ensemble des solutions de (E1) est {(1010 ; 1009) ; (338 ; 335)} .
4. a. Supposons que (x;y) soit une solution de (Ed). Alors,x2−dy2 = 2019 i.e.x2−k2d2 = 2019 donc x2 −(ky)2 = 2019. Ainsi, (x;ky) est solution de (E1) donc, d’après la question précédente,ky = 1009 ou ky = 335. En particulier, k est un diviseur de 1009 ou de 335 donc, comme k > 1, on conclut que k ∈ {5 ; 67 ; 335 ; 1009}.
b. Supposons k = 5. Alors, d’après la question précédente, (x;y) est une solution de (E52) si et seulement si (x; 5y) est une solution de (E1). Comme 5y ne divise pas 1009,
on en déduit que (x;y) est une solution de (E52) si et seulement si (x; 5y) = (338 ; 335) donc l’ensemble des solutions de (E52) est {(338 ; 67)}. Par le même raisonnement, on trouve que :
— l’ensemble des solutions de (E672) est {(338 ; 5)} ;
— l’ensemble des solutions de (E3352) est {(338 ; 1)}
— l’ensemble des solutions de (E10092) est {(1010 ; 1)}.