Corrigé TD 2 Chapitre 1 Semestre 2-2015/2016
Déterminants
Exercices obligatoires
➢ Exercice 2-1
Calculer les déterminants des matrices suivantes par la méthode qui vous semble la plus appropriée (bien analyser la matrice avant de se précipiter). Vérifier avec la règle de Sarrus lorsque cela est possible :
A=
(
21 −43)
, B=(
111 −1 030 20)
, C=(
111 −1 032 21)
, D=(
−421 −125 −636)
F=
(
x−a000 1 −xa102 −xa013 −xa004)
et G=(
1−λ3 4−λ2)
(développer et réduire ce dernier déterminant en fonction de ).Quelles sont les matrices inversibles?
|
21 −43|
=2×3−1×(−4)=10≠0 Donc A est inversible.Pour le déterminant de B, on développe par rapport à la dernière ligne, donc : Donc B est inversible.
Pour la règle de Sarrus, écrivons :
puis calculons les produits des “diagonales positives” puis les produits
des “diagonales négatives”.
Donc 1×3×0+(−1)×2×1+0×1×0−0×3×1−1×2×0−(−1)×1×0=−2 .
Pour
|
111 −1 032 12|
, on peut d'abord remplacer une colonne de façon à obtenir un zéro de|
111 −1 030 02|
=(−1)3+1×1×|
−1 03 2|
=−1×2−3×0=−2≠0 1 −1 0 1 −11 3 2 1 3 1 0 0 1 0
plus sur la première ligne. Par exemple, faisons C2C1+C2. On obtient :
|
111 −1 032 12|
=|
1 0 01 4 21 3 1|
On développe alors par rapport à la première ligne :Donc C est inversible.
Pour la règle de Sarrus, écrivons :
puis calculons les produits des “diagonales positives” puis les produits
des “diagonales négatives”.
Donc 1×3×1+(−1)×2×1+0×1×2−0×3×1−1×2×2−(−1)×1×1=−2 .
Pour
|
−124 −125 −636|
, on remarque que L2=-2L1 donc les deux premières lignes sont proportionnelles. Ainsi le déterminant est nul. La matrice D n'est donc pas inversible.Pour
|
x−a000 1 −xa102 −xa013 −a004x|
, développons par rapport à la première colonne. Ainsi
|
x−a000 1 −xa102 −xa013 −a004x|
=(−1)1+1×(x−a1)×|
−10x −x01 −x00|
. Développons ce dernier déterminant par rapport à la première ligne :Donc F est inversible si et seulement si x est différent de 0 et de a1.
|
1−3λ 4−2λ|
=(1−λ )×(4−λ)−3×2=λ2−5λ +4−6=λ2−5λ−2 F est inversible si et seulement si²-5-20.
=(-5)2-4(-2)=33 donc les deux racines sont 5+√33
2 et 5−√33
2 .
➢ Exercice 2-2
Montrer que le déterminant de la matrice A=
(
1+a11 1+11b 1+c11)
est abc+ab+bc+ac pour tous réels a, b et c.Pour calculer le déterminant de A, nous pouvons d'abord modifier des lignes ou des colonnes de façon à obtenir un maximum de zéros sur une ligne ou une colonne.
|
1 0 01 4 21 3 1|
=(−1)1+1×1×|
4 23 1|
=4×1−3×2=−2≠01 −1 0 1 −1 1 3 2 1 3 1 2 1 1 2
|
x−a000 1 −xa102 −xa013 −a004x|
=(x−a1)×(−1)1+1×(−x)|
−x1 −x0|
=(x−a1)×(−x)×((−x)×(−x)−1×0)=(−x)3(x−a1)Par exemple, gardons la troisième colonne et modifions les deux premières : C1C1-(1+a)C2 :
|
1+a11 1+b11 1+c11|
=|
(1+a)−(1+a)×1 1 1 1−(1+a)(1+b) 1+b 11−(1+a)×1 1 1+c
|
=|
−a−b−ab−a0 1+b11 1+c11|
. Remplaçonsmaintenant la deuxième colonne de façon à avoir un zéro sur la première ligne. Pour cela, on procède ainsi : C2C2-C3, d'où
det(A)=
|
−a−b−a0−ab 1−(1+c)1+b−10 1+c11|
=|
−a−b−ab−a0 −c0b 1+c11|
.En développant par rapport à la première ligne, on obtient : (−1)1+3×1×
|
−a−b−ab−a −cb|
donc donc det(A)=ac+bc+abc+ab.
➢ Exercice 2-3
Soient A=
−131 152 −131
et B=
−211 −211 −152
.1. Calculer AB, det(A), det(AB).
Le produit AB est possible car les deux matrices sont carrées d'ordre 3.
AB=
(
−487 −3 1126 −228)
.Calculons le déterminant de A en gardant la deuxième ligne et en remplaçant la première et la dernière de façon à obtenir des zéros sur la première colonne. Appliquons les transformations suivantes : L1L1+L2, et L3L3+3L2 :
det(A)=
|
−1 113 52 −131|
=|
−1 1 303 6 22 1|
=|
−1 100 65 1023|
. Le développement donnedet(A)=(−1)2+1×(−1)×
|
65 102|
=6×10−5×2=50 .det(AB)=
|
−487 −3 1162 −228|
=|
2×4 2×1 2×14−4 6 −2
7 −3 11
|
=2×|
−447 −3 1116 −214|
donc
Plusieurs méthodes de calcul possibles pour
Calcul direct
Développons par exemple par rapport à la première colonne :
det(A)=(−a−b−ab)×(−c)−(−a)×b
det(AB)=2×
|
−2×247 −2×(−31−3) −2×11411|
=2×(−2)×|
427 −3−3 111 141|
det(AB)=−4×
|
427 −3−3 111 141| |
427 −3−3 111 141|
|
427 −3−3 111 141|
=(−1)1+1×4×|
−3−3 111|
+(−1)2+1×2×|
−3 111 14|
+(−1)3+1×7×|
−31 141|
soit
Donc det(AB)=- 4 75=-300 .
Règle de Sarrus :
Rajoutons les deux premières colonnes :
Donc
Modification de la matrice avant de développer selon une ligne ou une colonne : Reprenons le déterminant initial :
Faisons apparaître des zéros sur
la deuxième colonne à l'aide de la transformations suivante : L2L-2+3L1
puis la transformation L3L-3+3L1 conduit à :
donc, en développant par rapport à la deuxième colonne, on obtient
Ainsi, dans tous les cas, on retrouve que det(AB)=- 4 75=-300 .
➢ 2. En déduire det(AT) et det(B).
det(AT)=det(A)=50.
det(AB)=det(A)det(B) et det(A)0 donc det(B)=det(AB)/det(A)=-300/50=-6. Ceci peut bien sûr se vérifier par un calcul direct de det(B).
➢ Exercice 2-4
Soient les matrices A=
(
−1 032 04 −123)
et I3=
1 0 00 1 00 0 1
(matrice unité de dimension 3).1. Ecrire la matrice A-I3 pour un réel quelconque .
|
427 −3−3 111 141|
=4(−3×11−(−3)×1)−2(1×11−(−3)×14)+7(1×1−(−3)×14)=754 1 14 4 1 2 −3 1 2 −3 7 −3 11 7 −3
|
427 −3−3 111 141|
=4×(−3)×11+1×1×7+14×2×(−3)−14×(−3)×7−4×1×(−3)−1×2×11=75|
427 −3−3 111 141|
|
427 −3−3 111 141|
=|
1447 −3 1110 1443|
|
427 −3−3 111 141|
=|
14 0 4319 0 534 1 14|
=(−1)1+2×1×
|
14 4319 53|
=−1(14×53−19×43)=75A−λI3=
(
3−−12λ 4−00λ 3−−12λ)
.2. Chercher l'expression de det(A-I3) en fonction de . La factoriser.
det(A−λI3)=
|
3−λ−12 4−00λ 3−λ−12|
. Développons par rapport à la deuxième colonne : Donc det(A-I3)=(4-)(3--1)(3-+1)=(4-)2(2-).➢ 3. En déduire que 2 et 4 sont les racines de de polynôme de degré 3 en .
L'expression factorisée de det(A-I3) montre que les deux racines sont 2 et 4.
Dans cette situation, on peut montrer qu'il existe une matrice R inversible telle que ERRATUM : R-1AR=
(
2 0 00 4 00 0 4)
.Ici, R=
−112 100 −101
et R-1=P=
0,5 00,5 01 1 −0,510,5
.Selon le temps, vérifier que P=R-1 et que R-1AR=
2 0 00 4 00 0 4
.On vérifie par le calcul que RP=PR=I3 donc R-1=P.
On a R-1A=
(
1 04 42 0 −214)
donc R-1AR=(
2 0 00 4 00 0 4)
Pour aller plus loin
➢ Exercice 2-5
Calculer le déterminant de
A=
(
111 a ab bc c222)
pour toutes valeurs des réels a, b et c.En modifiant les deuxièmes et troisièmes lignes de la façon suivante : L2L-2--L1 et L3L-3-L1 , on arrive à :
|
111 a ab bc c222|
=|
100 b−a bc−a ca 22a−a−a2 22|
. On développe ensuite par rapport à la première colonne :|
100 b−a bc−a ca 22a−a−a2 22|
=(−1)1+1×1×|
b−a bc−a c22−a−a22|
=(b−a)(c2−a2)−(c−a)(b2−a2)=(b−a)(c−a)(c+a)−(c−a)(b−a)(b+a)donc det(A)=(b-a)(c-a)(c-b).
det(A−λI3)=(−1)2+2×(4−λ)
|
3−λ−1 3−λ−1|
=(4−λ )[(3−λ)(3−λ)−(−1)(−1)]=(4−λ )[(3−λ )2−1]➢ Exercice 2-6
Une matrice carrée A d'ordre n est dite involutive si A²=In (matrice unité d'ordre n).
1. Montrer que le déterminant d'une matrice involutive vaut 1 ou -1.
A involutive ssi A2=In donc det(A2)=det(In)=1. Or det(A2)=det(A)det(A)=[det(A)]2 (attention à la pace du carré). Donc [det(A)]2=1 d'où det(A)=1 ou -1.
2. Montrer que les matrices
(
−10 −10)
et(
a1 1−a−a2)
sont involutives (quel que soit a).|
−10 −10|
=−1×(−1)−0=1 et|
a1 1−a−a2|
=a×(−a)−1×(1−a2)−1 .3. Montrer que A involutive si et seulement si (In -A)(In +A)=0 (matrice nulle).
(In -A)(In +A)=0 (matrice nulle) ssi In2 +In A -A In -A2=0 (matrice nulle).
Or In A =A In =A et In2 =In . Donc (In -A)(In +A)=0 ssi A2=In .
Exercices en plus pour réviser
➢ Exercice 2-7
Calculer les déterminants des matrices suivantes :
A=
3 01 02 0 −115
, B=(
1 32 20 1 −134)
,C=(
1 21 31 4 1649)
,D=(
0 0 0 0 10 0 0 5 10 0 3 1 20 4 0 3 46 2 3 1 2)
,E=
−24 −31
.A possède une colonne de zéros donc det(A)=0.
Pour B, appliquons C2C-2+C3 : det(B)=
|
1 62 60 0 −134|
. Développons par rapport à la dernière ligne : det(B)=|
1 62 60 0 −134|
=(−1)3+3×(−1)×|
1 62 6|
=−(1×6−2×6)=6 . On peut vérifier par une autre méthode.Pour C, appliquons L2L-2-L1 et L3L-3-L1 , on arrive à :
|
1 21 31 4 1649|
=|
1 20 10 2 1245|
. Ondéveloppe par rapport à la première colonne :
det(C)=(−1)1+1×1×
|
12 125|
=1×12−2×5=2Pour D, on développe par rapport à la première colonne,
donc det(D)=-72(-5)=360.
det(D)=
|
0 0 0 0 10 0 0 5 10 0 3 1 20 4 0 3 46 2 3 1 2|
=(−1)5+1×6×|
0 0 0 10 0 5 10 3 1 24 0 3 4|
=6×(−1)4+1×4×|
0 0 10 5 13 1 2|
=−24×(−1)3+1×3×|
0 15 1|
➢ Exercice 2-8
1. Calculer le déterminant de At=
(
−210 −21t −10t)
et montrer qu'il n'est jamais nul (t est un réel quelconque).Développons par rapport à la première ligne :
=(-2)2-421=-4<0 donc 2t²-2t+1=0 n'a pas de solutions réelles. Ainsi le déterminant de At n'est jamais nul.
2. Montrer que pour une certaine valeur de t : At3=I3 (matrice unité d'ordre 3).
At
2=
(
1−2t−22 −2t−2+t−t+3 −1+t2−t−t 2)
donc At3=At2×At=(
−2(t−1)4(t1−1) −4t2t5t−(1−t+3+t4)2 4t2−2tt(1−t−t2+t−3)3)
.At3=I3 si les éléments en dehors de la diagonale sont nuls donc si t=1. Pour cette valeur, on obtient la matrice I3 .