PanaMaths Janvier 2012
1. Pour tout entier naturel k supérieur ou égal à 2, appliquer le
théorème des accroissements finis à la fonction ϕ : x 6 ln ln ( ) x sur
l’intervalle
⎡⎣k k ; + 1
⎤⎦.
2. Montrer que la suite de terme général
2
1 ln
n n
k
u = ∑
=k k diverge.
Analyse
Un exercice classique et sans difficulté majeure pour un résultat qui peut un peu surprendre (on connaît la lenteur de la divergence de 1
∑
n, celle-là est « pire » !).Résolution
Question 1.
La fonction ϕ est définie et dérivable sur l’intervalle
]
1 ;+ ∞[
. Pour tout entier naturel k supérieur ou égal à 2, on a :[
k k; + ⊂1] ]
1 ;+ ∞[
. D’après le théorème des accroissements finis, il existe un réel ak dans l’intervalle]
k k; +1[
tel que :( ) ( ) ( )
(
1) ( ) ( )
' 1
k 1
k k
a k k
k k
ϕ ϕ
ϕ = + − =ϕ + −ϕ + −
Or, pour tout réel x strictement supérieur à 1, on a : '
( )
1x ln
x x
ϕ = .
Ainsi : '
( )
1(
1) ( )
ln ln( (
1) )
ln ln( )
k ln
k k
a k k k k
a a
ϕ = =ϕ + −ϕ = + − .
En définitive :
Pour tout entier naturel k supérieur ou égal à 2, il existe un réel ak dans l’intervalle
]
k k; +1[
tel que :
( )
( ) ( )
1 ln ln 1 ln ln
kln k
k k
a a = + −
PanaMaths Janvier 2012 Question 2.
Pour tout entier k supérieur ou égal à 2, on a : k<ak < +k 1.
Or, la fonction 1
' :x ln x x
ϕ 6 est strictement décroissante comme composée d’une fonction strictement croissante (la fonction x6xlnx) et d’une fonction strictement décroissante (la fonction inverse). Il vient donc :
( ) ( ) ( ) ( ) ( )
( ) ( ) ( ( ) ) ( ) ( )
( ) ( )
1
' 1 ' '
1 1 1
1 ln 1 ln ln
1 1
ln ln 1 ln ln
1 ln 1 ln
ln ln 1 ln ln 1
ln
k
k
k k
k a k
k a k
k k a a k k
k k
k k k k
k k
k k
ϕ ϕ ϕ
< < +
⇔ + < <
⇔ < <
+ +
⇔ < + − <
+ +
⇒ + − <
Pour k variant de 2 à n, on obtient les n−1 inégalités suivantes :
( ) ( ) ( ) ( ) ( ) ( )
( ) ( ( ) ) ( ) ( ) ( )
( ) ( )
ln ln 3 ln ln 2 1
2 ln 2 ln ln 4 ln ln 3 1
3ln 3 ln ln 5 ln ln 4 1
4 ln 4 ln ln ln ln 1 1
1 ln 1
ln ln 1 ln ln 1
ln
n n
n n
n n
n n
− <
− <
− <
− − <
− −
+ − <
"
En les sommant membre à membre, il vient :
( )
( ) ( )
2
ln ln 1 ln ln 2 1
ln
n
n k
n u
k k
=
+ − <
∑
=Comme nlim ln ln→+∞⎡⎣
( (
n+1) )
−ln ln 2( )
⎤⎦=nlim ln ln→+∞( (
n+1) )
= +∞, on a finalement (comparaison) :2
lim lim 1
ln
n
n n n
k
u k k
→+∞ →+∞ =
=
∑
= +∞La suite
( )
un diverge :2
lim lim 1
ln
n
n n n
k
u k k
→+∞ →+∞ =
=