MPSI B 29 juin 2019
Énoncé
Soient a
1, · · · , a
n, b
1, · · · , b
ndes réels tels que
∀(i, j) ∈ J 1, n K
2
, i 6= j ⇒ a
i6= a
jet b
i6= b
jSoit C(a
1, b
1, a
2, b
2, · · · , a
n, b
n) la matrice n×n (dite de Cauchy) dont le coecient d'indice i, j est
ai+b1 jet c(a
1, b
1, a
2, b
2, · · · , a
n, b
n) son déterminant.
L'objet de cet exercice est d'obtenir, par deux méthodes diérentes une expression factorisée de ce déterminant.
1. Calculer 60
3c(1, 1, 2, 2, 3, 3) . 2. Opérations élémentaires.
a. Préciser l'opération élémentaire et les factorisations montrant que c(a
1, b
1, a
2, b
2) = a
1− a
2(a
1+ b
1)(a
1+ b
2)
1 1
1 a2+b1
1 a2+b2
En déduire l'expression factorisée de c(a
1, b
1, a
2, b
2) .
b. On note L
ila ligne i de C(a
1, b
1, a
2, b
2, · · · , a
n, b
n) . Pour i ∈ J 2, n K et j ∈ J 1, n K, préciser le coecient dans la colonne j de L
i− L
1.
c. Montrer que
c(a
1, b
1, · · · , a
n, b
n) = Q
ni=2
(a
1− a
i) Q
nj=1
(a
1+ b
j)
1 1 · · · 1
1 a2+b1
1
a2+b2
· · ·
a 12+bn
... ... ...
1 an+b1
1
an+b2
· · ·
a 1n+bn
d. Montrer que
c(a
1, b
1, · · · , a
n, b
n) = Q
ni=2
(a
1− a
i) Q
nj=2
(b
1− b
j) Q
nj=1
(a
1+ b
j) Q
ni=2
(a
i+ b
1) c(a
2, b
2, · · · , a
n, b
n) 3. Méthode algébrique.
On considére l'application F dénie dans une partie de R par : x 7→ F(x) = c(x, b
1, · · · , a
n, b
n)
a. Montrer que F est une fraction rationnelle. Préciser son degré et ses pôles.
b. Montrer qu'il existe un réel λ et des polynômes unitaires A et B tels que F = λ
BA. Préciser la forme factorisée de A et B . Montrer que
λ =
1 1 · · · 1
1 a2+b1
1
a2+b2
· · ·
a 12+bn
... ... ...
1 an+b1
1
an+b2
· · ·
a 1n+bn
c. Comment retrouver la formule de la question 2.d. sans opérations élémentaires ?
Cette création est mise à disposition selon le Contrat
Paternité-Partage des Conditions Initiales à l'Identique 2.0 France disponible en ligne http://creativecommons.org/licenses/by-sa/2.0/fr/
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Rémy Nicolai Adet3MPSI B 29 juin 2019
Corrigé
1. Avec la dénition,
c(1, 1, 2, 2, 3, 3) =
1 2
1 3
1 4 1 3
1 4
1 5 1 4
1 5
1 6
Le facteur 60
3permet de faire disparaitre les dénominateurs en multipliant chaque colonne par 60 .
60
3c(1, 1, 2, 2, 3, 3) =
30 20 15 20 15 12 15 12 10
=
10 5 3
5 3 2
15 12 10
(L
1← L
1− L
2, L
2← L
2− L
3)
=
0 −1 −1
5 3 2
0 3 4
(L
1← L
1− 2L
2, L
3← L
3− 3L
2) = −5(−4 + 3) = 5
2. a. Le résultat de l'opération élémentaire L
2← L
2− L
1est la ligne
1a2+b1
−
a 11+b1 1
a2+b2
−
a 11+b2
=
a1−a2
(a2+b1)(a1+b1)
a1−a2
(a2+b2)(a1+b2)
Cette opération ne change pas le déterminant et permet de factoriser par (a
1−a
2) dans L
2, par
a1+b1 1dans C
1et par
a1+b1 2dans C
2conduisant à la forme indiquée puis à
c(a
1, b
1, a
2, b
2) = (a
1− a
2)(b
2− b
1)
(a
1+ b
1)(a
1+ b
2)(a
2+ b
1)(a
2+ b
2) b. Le coecient j de L
i− L
1est
1
a
i+ b
j− 1
a
1+ b
j= a
1− a
i(a
i+ b
j)(a
1+ b
j)
c. On soustrait la ligne L
1à toutes les autres. La question précédente montre que cela permet de factoriser par a
1− a
idans la ligne i pour i de 2 à n . On peut ensuite factoriser par
a1+b1 jdans la colonne C
jpour j de 1 à n ce qui conduit à la forme demandée.
d. On procède de manière analogue avec le déterminant de la question précédente.
On enlève la colonne C
1à toutes les autres. Cela permet de factoriser les (b
1− b
2) · · · (b
1− b
n) dans colonnes de 2 à n . On développe alors suivant la première ligne et dans le déterminant d'ordre n − 1 restant on peut factoriser par
ai+b1 1avec i entre 2 et n ce qui montre la formule de récurrence.
3. a. Par dénition,
F (x) =
1 x+b1
1
x+b2
· · ·
x+b1n
1 a2+b1
1
a2+b2
· · ·
a 12+bn
... ... ...
1 an+b1
1
an+b2
· · ·
a 1n+bn
Comme un déterminant est une somme de produits, la fonction F est rationnelle en x et ses pôles sont −b
1, · · · , −b
n. Le développement suivant la première ligne exprime F comme une somme de fractions de degré −1 . On en déduit que le degré de F est inférieur ou égal à −1 . On peut remarquer que ce développement est en fait la décomposition en éléments simples de F mais ce n'est pas utile dans cet exercice.
b. En réduisant au même dénominateur, on obtient
F (x) = λ A(x)
B(x) avec λ ∈ R , B = (x + b
1) · · · (x + b
n) et A un polynôme unitaire tel que
deg(F ) = deg(A) − deg(B) ⇒ deg(A) − n ≤ −1 ⇒ deg(A) ≤ n − 1
Or l'expression de F (x) comme déterminant montre que F (a
2) = · · · = F (a
n) car la même ligne se retrouve alors deux fois. On en déduit que
A(x) = (x − a
2) · · · (x − a
n)
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Rémy Nicolai Adet3MPSI B 29 juin 2019 Quant au λ , à cause des degrés, c'est la limite en +∞ de xF (x) . Or
xF (x) =
x x+b1
x
x+b2
· · ·
x+bxn
1 a2+b1
1
a2+b2
· · ·
a 12+bn
... ... ...
1 an+b1
1
an+b2
· · ·
a 1n+bn
est une combinaison linéaires des termes de la première ligne qui tendent tous vers 1 . La limite est donc le déterminant obtenu en remplaçant la première ligne par une ligne de 1 .
c. Considérons la fraction rationnelle obtenue à partir de λ en remplaçant le b
1par une variable x . Ses pôles sont −a
2, · · · , −a
nmais le développement suivant la première colonne montre cette fois qu'elle est de degré 0 . Par répétition de colonnes, elle est nulle en b
2, · · · , b
ndonc il existe µ ∈ R tel que
G(x) = µ (x − b
2) · · · (x − b
n) (a
2+ x) · · · (a
n+ x)
On en déduit que µ est la limite de G(x) en +∞ ce qui conduit à rempla- cer le bas de la première colonne par des 0 conduisant ainsi au déterminant c(a
2, b
2, · · · , a
nb
n) d'ordre n − 2 .
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