MPSI B 29 juin 2019
Énoncé
Soit n naturel non nul et a
1, · · · , a
n, b
1, · · · , b
ndes réels strictement positifs.
On dénit m , M , a , g par m = min( a
1b
1, · · · , a
nb
n), M = max( a
1b
1, · · · , a
nb
n), a = 1
2 (m + M ), g = √ mM . 1. Soit u et v réels strictement positifs. Montrer que √
uv ≤
12(u + v) . Que peut-on en déduire pour
ag?
2. Pour x réel, factoriser f(x) = −x
2+ (m + M )x − mM . En déduire
∀k ∈ J 1, n K , f( a
kb
k) ≥ 0.
3. a. Montrer que
n
X
k=1
a
2k+ m M
n
X
k=1
b
2k≤ (m + M )
n
X
k=1
a
kb
k.
b. En déduire v
u u t
n
X
k=1
a
2kv u u t
n
X
k=1
b
2k≤ a g
n
X
k=1
a
kb
k.
Corrigé
1. Pour tout (u, v) ∈ ( R
∗+)
2, 0 ≤ ( √ u − √
v)
2= u + v − 2 √
uv donc √
uv ≤
12(u + v) . On en déduit que
ag≥ 1 .
2. Pour tout x ∈ R, f (x) = −(x−m)(x−M ) . Un tableau de signe montre immédiatement que ∀x ∈ [m, M ], f(x) ≥ 0 . Or, pour tout k ∈ J 1, n K, m ≤
abkk
≤ M donc f
ak
bk
≥ 0 . 3. a. Soit k ∈ J 1, n K. D'après la question précédente :
− a
2kb
2k+ (m + M ) a
kb
k− mM
donc en multipliant par b
2k−a
2k+ (m + M )a
kb
k− mM b
2k≥ 0 donc a
2k+ mM b
2k≤ (m + M )a
kb
k. Le résultat s'obtient en sommant ces inégalités pour k variant de 0 à n . b. En divisant l'inégalité précédente par g , on obtient :
1 g
n
X
k=1
a
2k+ g
n
X
k=1
b
2k≤ 2 a g
n
X
k=1
a
kb
k.
Posons alors u =
1gP
nk=1
a
2k, v = g P
nk=1
b
2k. D'après la première question : v
u u t
n
X
k=1
a
2kv u u t
n
X
k=1
b
2k= √ uv ≤ 1
2 (u + v) = 1 2
1 g
n
X
k=1
a
2k+ g
n
X
k=1
b
2k!
≤ a g
n
X
k=1
a
kb
k.
Cette création est mise à disposition selon le Contrat
Paternité-Partage des Conditions Initiales à l'Identique 2.0 France disponible en ligne http://creativecommons.org/licenses/by-sa/2.0/fr/