1S,NOM: Grille de correction DS 6 Note : /
1S,NOM: Grille de correction DS 6 Note : /
E 1 Réponse Points Eus
1. f(−2) = 3 ; f(−1) = 2 etf(1) = 3 1
2. Les nombres dérivés sont les coefficients directeurs des tangentes : f′(−2) = 0 ;f′(−1) =−32 etf′(1) = 92
2
3. La tangente a une équation de la formey = 92x+b, on trouveb en utilisant les coordonnées deC(1; 3). Finalement une équation est y= 92x−32
0.5
Total −→ 3.5 points
E 2 Réponse Points Eus
1. f(0) =−4 donc (0;−4) =C ∩(Oy) .f(x) = 0 conduit à résoudre x2 + 2x − 4 = 0 ; ∆ = 20 et x1 = −1 + √
5 puis x2 = −1 − √ 5.
C ∩(Ox) =
(−1 +√
5; 0),(−1−√ 5,0)
1.5
2. f(0 +h)−f(0)
h =h2+ 2h−4 + 4
h =h+ 2 et lim
h→0h+ 2 = 2 donc f est dérivable en 0 etf′(0) = 2.
1
3. f(−1 +h)−f(−1)
h = (−1 +h)2+ 2(−1 +h)−4 + 5
h = het lim
h→0h = 0 donc f est dérivable en−1 etf′(−1) = 0.
1
4.a
bc bc
bc
1
1 T0
T−3
T−1
3 tangentes sont à tracer :
• f′(−1) = 0
⇒T−1:y = 0(x+ 1) +f(−1)
⇔T−1:y =−5
• f′(0) = 2
⇒T0:y= 2(x−0) +f(0)
⇔T0:y= 2x−4
• f′(−3) =−4
⇒T−3:y =−4(x+3)+f(−3)
⇔T−3:y =−4x−13
1
4.b La fonctionf est un fonction polynôme de degré 2 dont le coefficientaest positif.
L’abscisse du sommet est −2ab et vaut −1. La fonction f est décroissante sur ]− ∞;−1] et croissante sur [−1; +∞[.
x Variations
def
−∞ −1 +∞
Ts Ts
−5
−5
Ts Ts
1
Total −→ 5.5 points
E 3 Réponse Points Eus
1. La fonction f est une fonction polynomiale de degré 3, elle est dérivable sur R: on peut calculer son nombre dérivé en toutxdeR.
∀x∈R, f′(x) =−2×3x2+ 10×2x−3×1−0 = −6x2+ 20x−3 1 2. T :y=f′(1)(x−1) +f(1)⇔T :y= 11(x−1) + 4⇔ T :y= 11x−7 1 3.a M(x;y) ∈ T ∩ Cf ⇔
y=f(x)
y= 11x−7 ⇔ −2x3 + 10x2−3x−1 = 11x−7 ⇔
−2x3+ 10x2−14x+ 6 = 0.
0.5
3.b La méthode par identification des coefficients conduit à écrire que
−2x3+ 10x2−14x+ 6 = (x−1)(−2x2+ 8x−6), pour toutxréel. 1 3.c M(x;y)∈T∩ Cf ⇔ −2x3+ 10x2−14x+ 6 = 0⇔(x−1)(−2x2+ 8x−6) = 0 0.5
x−1 = 0 ou −2x2+ 8x−6 = 0⇔x= 1 oux= 3. S={(1; 4),(3; 26)}
Total −→ 4 points
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E 4 Réponse Points Eus
1. FAUX car f(x) existe si, et seulement si,
x−1>0 x−36= 0 ⇔
x>1
x6= 3 . Son en- semble de définition est [1; 3[∪]3; +∞[.
1
2. FAUX car pour tout réelxdifférent de 0 et de 2, on a : 1
x−2x+ 3
x−2 =x−2−x(2x+ 3)
x(x−2) =−2x2−2x−2 x(x−2)
1
Total−→ 2 points
E 5 Réponse Points Eus
1.a u1 = 0,125u20+ 1 = 0.125×52+ 1 = 25
8 + 1 = 33
8 . Avec la calculatrice, on obtient les valeurs approchées à 10−3 près :u2≈3.127,u3≈2.222,u4≈1.617 et u5≈1.327.
0.5
1.b La fonction de passage de un à un+1 est la fonction définie sur [0; +∞[ par p(x) = 0,125x2+ 1 .
0.5
1.c
1 2 3 4 5 6 7
1 2 3 4 5 6 7
y=x Cp
bcbc
bcbc
bcbc
bcbc bc
bc
bcbcbc
bcbc bc
u5u4 u3 u2 u1
u0
1
1.d D’après la construction précédente, il semblerait que (un)n∈N soit décroissante et qu’elle converge vers la plus petite des solutions dep(x) =x.
1 2.a.i Signe deX2−8X+8. ∆ = 32, deux solutions réellesX1= 4−2√2 etX2= 4+2√2.
L’expression est du signe dea= 1 à l’extérieur des racines.
X X2 −8X + 8
−∞ 4−2√
2 4 + 2√
2 +∞
+ 0 − 0 +
1
2.a.ii ∀n∈N, un+1−un= 0,125u2n+ 1−un= 0.125(u2n−8un+ 8). 0.5 2.a.iii X2−8X+ 860 pour X ∈[4−2√2; 5] (5<4 + 2√2). Commeun ∈[4−2√2; 5]
pour toutn,u2n−8un+ 860 et doncun+1−un60⇔un+16unet (un)n∈Nest décroissante.
0.5
2.b l=p(l)⇔l2−8l+ 8 = 0⇔l= 4−2√
2 oul= 4 + 2√ 2.
On a donc lim
n→+∞un = 4−2√
2. À la calculatrice, on trouve u9 ≈ 1.1728 et u10≈1.1719 etu10<1,172 donc l’entier cherché est l’entier 10.
+1
Total−→ 5 points