ANALYSE I et II Semaine du 3 au 7 octobre 2011 Math. et Phys. 1`ere ann´ee
Prof. J. Rappaz
Corrig´e 3 du lundi 3 octobre 2011
Exercice 1.
Montrons que la suite (xn)n≥0 d´efinie par x0= 1, xn+1= 1
2(xn+ sin(xn) cos(xn)), ∀n∈N, est convergente et calculons sa limite.
D´emonstration : On va montrer que la suite est d´ecroissante et minor´ee.
1.) On a sinxcosx= 12sin 2x, ainsi
xn+1=1 2
xn+1
2sin(2xn)
. 2.) (Minoration) Montrons, par induction, que xn>0, ∀n≥0 :
a) Pour N= 0 : x0= 1>0.
b) Supposons quexn >0, pourn= 0,1, . . . , N et montrons quexN+1>0.
xN+1= 1 2
xN +1
2sin(2xN)
=1
4(2xN + sin(2xN))≥1
4 2xN −
sin(2xN)
Puisque pour toutt >0,|sint|< t et que par hypoth`ese d’inductionxN >0, on a bien xN+1>0.
La suite est donc born´ee inf´erieurement par z´ero.
3.) (D´ecroissance) On voit facilement que xn+1= 1
2xn+1
4sin(2xn)≤1 2xn+1
4 ·2xn =xn. La suite est donc d´ecroissante. Ainsi on a l’existence dex∈Rtel que lim
n→∞xn=x.
4.) (Limite) Puisque lim
n→∞sin(2xn) = sin(2x) on a x= 1
2x+1
4sin 2x ⇔ x= 1
2sin 2x ⇔ 2x= sin 2x, d’o`u on obtientx= 0.
Exercice 2.
Montrons que la suite (xn)n≥1 d´efinie par
x0= 3, x1= 2, xn+1=p3
xn+xn−1, ∀n∈N∗ est convergente et calculons sa limite.
D´emonstration :
1) (Convergence)Montrons par induction que la suite est minor´ee par 1 et d´ecroissante, i.e 1< xn+1< xn< xn−1, ∀n∈N∗.
a) Pour n= 1, on a
x0= 3> x1= 2> x2=√3
2 + 3>1.
b) On suppose maintenant l’hypoth`ese vraie jusqu’`a n∈N∗ et on va montrer qu’elle est vraie pour n+ 1. On a donc
1< xk+1< xk< xk−1, ∀k= 1, . . . , n, et on veut montrer que
1< xn+2< xn+1< xn. Comme la fonction √3
xest strictement croissante on a bien par l’hypoth`ese de r´ecurrence que xn+1=p3
xn+xn−1 > p3
xn+1+xn=xn+2. De plus, comme xn et xn+1 sont plus grands que 1, on a
xn+2=p3
xn+1+xn >1.
Ainsi la suite (xn)n≥0 est minor´ee et d´ecroissante, donc convergente.
2) (Limite)Si x∈Rest la limite de la suite, il v´erifie alors l’´equation x3= 2x ⇒ x= 0 ou x=±√
2.
Mais commexn>1,∀n∈N, on a finalement que lim
n→∞xn=√ 2.
Exercice 3.
Th´eor`eme. Soient (xn)∞n=0 croissante et(yn)∞n=0 d´ecroissante telles que lim
n→∞(xn−yn) = 0. Alors 1.) ∀n∈N, on a
x0≤x1≤x2≤. . .≤xn≤yn ≤yn−1≤. . .≤y0. 2.) lim
n→∞xn= lim
n→∞yn. D´emonstration :
1.) Posonszn =xn−yn. On a sin≥1
zn−zn−1=xn−yn+yn−1−xn−1=
xn−xn−1
| {z }
≥0
+
yn−1−yn
| {z }
≥0
≥0.
Ainsi zn ≥ zn−1 et la suite (zn)∞n=0 est croissante. Puisque lim
n→∞zn = 0 par hypoth`ese, on aura zn≤0, ∀n∈N. Ainsi xn≤yn.
2.) Clairement la suite (xn)n≥0est croissante et major´ee. Elle converge donc vers x. La suite (yn)n≥0 est d´ecroissante et minor´ee. Elle converge donc versy.
De plus, on a
|x−y| ≤ |x−xn
| {z }
−→0 n→∞
|+|xn−yn
| {z }
n→∞−→0
|+|yn−y
| {z }
−→0 n→∞
|
et ainsix=y.