D265. Une propriété biséculaire ****
Soit un polygone régulier de 2016 côtés inscrit dans un cercle de rayon unité. Une triangulation de ce po- lygone consiste à le partager en 2014 triangles qui ne se recouvrent pas et dont les sommets sont choisis exclusivement parmi les sommets du polygone.
Démontrer que la somme des rayons de tous les cercles inscrits à ces triangles ne dépend pas de la tri- angulation choisie et qu’elle est égale à une constante que l’on déterminera avec une précision de quatre décimales après la virgule.
Source : sangaku japonaise
Solution de Claude Felloneau
La somme des rayons de tous les cercles inscrits est constante et égale à 2016 cos³ π
2016
´
−2014≈1, 9976 à 10−4près.
Preuve :
• Si ABC est un triangle, d’aireS, inscrit dans un cercle de rayon unité et dont le rayon du cercle inscrit estr, on a
r(AB+BC+C A)=2SavecBC=2 sinA,C A=2 sinB,AB=2 sinCet 2S=AB×ACsinA on en déduit assez facilement
r= 2 sinAsinBsinC sinA+sinB+sinC puis
r=cos(A)+cos(B)+cos(C)−1.
• On en déduit que si ABC Dest un quadrilatère inscrit dans un cercle de rayon unité, et sirA,rB, rC etrD sont respectivement les rayons des cercles inscrits dans les trianglesBC D,C D A,D AB et
ABC, alors
rA+rC=rB+rD. En effet,d’après la propriété de l’angle inscrit, on a
C AD =C B D,DB A =DC A, AC B=ADB,B DC =B AC.
O
B
A C
D
α α
β β γ
δ γ δ
Avec les notations de la figure, on a donc
rA+rC=cos(α+δ)+cos(β)+cos(γ)+cos(α)+cos(β+γ)+cos(δ)−2 ABC Détant inscriptible, on aα+δ+β+γ=πdonc cos(α+δ)+cos(β+γ)=0 donc
rA+rC=cos(α)+cos(β)+cos(γ)+cos(δ)−2 On obtient la même expression pourrB+rD, d’où l’égalitérA+rC=rB+rD.
• Par récurrence, on en déduit que siPn=A1A2...Anest un polygone convexe inscrit dans un cercle de rayon unité etTnun triangulation de ce polygone enn−2 triangles, la sommesndes rayons de tous les cercles inscrits dans ces triangles ne dépend pas de la triangulation choisie mais unique- ment du polygonePn.
• Dans le cas oùPnest un polygone régulier, pour calculerSnon utilise la triangulation formée par les trianglesA1AkAk+1où 26k6n−1.
Les angles du triangleA1AkAk+1ont pour mesure π
n,(k−1)π
n et (n−k)π
n , donc le rayon du cercle inscrit dans ce triangle est
rn=cos³π n
´ +cos
µ(k−1)π n
¶ +cos
µ(n−k)π n
¶
−1 soit
rn=cos³π n
´ +cos
µ(k−1)π n
¶
−cos µkπ
n
¶
−1 On a ainsi
Sn=(n−2) cos³π n
´ +
n−1X
k=2
cos
µ(k−1)π n
¶
−
n−1X
k=2
cos µkπ
n
¶
−(n−2)
Sn=(n−2) cos³π n
´cos³π n
´
−cos
µn−1π n
¶
−(n−2) D’où
Sn=ncos³π n
´
−n+2
Pourn=2016, on obtient donc le résultat donné au début de la solution.
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