B ÉRARD
Polygonométrie. Recherches sur les polygones, contenant la solution du problème proposé à la page 256 du VI.e volume de ce recueil
Annales de Mathématiques pures et appliquées, tome 7 (1816-1817), p. 61-67
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Si l’on vent repasser du
système
transformé ausystème primitif ,
il faudra faire
formules
qui
ne diffèrent desprécédentes qu’en
ce que x ,y , z ,
y ont
pris respectivement
laplace de t , u , v ,
etréciprocquement ,
et que n y a
change
designe.
Il est très-aisé de se rendre ra!soB de cette dernière circonstance.POLYGONOMÉTRIE.
Recherches
surles polygones , contenant la solution du problème proposé à la page 256 du VI.e volume de
cerecueil ,
Par M. BÉRARD , principal
etprofesseur de mathématiques
du collége de Briançon , membre de plusieurs sociétés
savantes.
PROBLÈME I.
Construire unquadrilatère
dont lesquatre
côtéssoient
donnés ,
tant degrandeur que de disposition consécutive ; et
qui
soitéquivalent
duquarré
construit sur une droite donnée ?Solution.
Soit ABCD lequadrilatère demandé ;
soientfaits AB=a ,
62 RECHERCHES
BC=b , CD=c , DA=d ;
et soit k2le quarré donné. Tout
seréduit
évidemment
à trouver l’une des deuxdiagonales, AC paf
exemple. Nommons x
cettediagonale ;
nous auronsajoutant
donc ces deuxéquations y multipliant
par4
etayant égard
à la condition du
problème
ilviendra
équation qui
doit donner x.En chassant
lesradicaux,
etfaisant , pour abréger ,
il
viendra
équation
duquatrième degré qui
se résout à la manière dusecond (*).
Ce
problème
conduit naturellement au suivant :(*) On peut obtenir bien
simplement l’angle
des deuxdiagonales
duquadri- Jatère.
Soit 0 leur intersection. faisonsnous aurons
63
PROBLÈME
II. Entre tous lesquadrilatères qui
ont les mêmescôtés ,
se succédant dans le mêmeordre, quel
estcelui qui
a laplus grande
ou la moindresurface ?
Solution. Tout se réduit évidemment à trouver la
valeur de x
qui
rend maximum ou minimum laquantité
égalant
donc sadifférentielle
àzéro,
ilviendra
et ensuite
nous auron de
plus
:multipliant
alors la somme de ces quatre dernièreséquations
parl’équation
(i) , il
vieudra ,
toutes réductionsfaites
94 RECHERCHES
Transposant, quarrant
etchassant les dénominateurs
onaura
ou ,
endéveloppant , réduisant
ettransposant,
c’est-à-dire ;
ce qui donne
ces deuxvaleurs
bn trouve
arment d’ailleurs que les signes supérieurs répondent
au
minimum.
On déduit de là
Les angles ABC , ADC
sont doncsupplément
l’un del’autre
il en est donc de même
des angles BAD , BCD; le quadrilatère est donc inscriptible
aucercle.
Si
Si l’on veut avoir
l’expression
du rayon R du cerclecirconscrit ;
on remarquera que ce cercle n’est autre chose que celui
qui
estcirconscrit au
triangle
dont les trois côtés sont a ,-b, x ;
or, le rayon de ce cercle est , comme l’onsait,
leproduit
des trois côtésdivisé par
lequadruple
de l’aire dutriangle ;
on aura doncon , en
substituant ,
on
enfin,
endécomposant
formule
commode
pourle
calcul parlogarithmes. ( Voyez
laGéométrie
de M. LEGENDRE
).
PROBLÈME III. Étant
donné unpolygone quelconque, à angles variables ,
déterminerlaforme qu’il
doit avoir pour que sasurface
soit minimum ?
Solution. Soit d’abord un
pentagone ABCD, divisé
entriangles
par les deux
diagonales AC,
AD.Que!
que soit letriangle AED ,
il faudra que le
quadrilatère
ABCD soitminimum ,
etconséquemment inscriptible
à uncercle, lequel
sera en mêmetemps
circonscrit autriangle
CAD.Pareillement , quel
que soit letriangle ABC ,
lequadrilatère
ACDE devra êtreminimum ,
etconséquemment
ins-criptible-
à uncercle , lequel
sera en mêmetemps
circonscrit antriangle
CAD. Puis doncqu’on
nepeut
circonscrirequ’un
cercleunique à
cetriangle,
il en faut conclure que les deux cerclesauxquels
doivent être inscrits les
quadrilatères
ABCD et AEDC ne sontqu’un.
Tom.
VI. 9
66
RECHERCHES
seul et même
cercle ;
et queconséquemment
lepentagone minimum
doit être
inscriptibte
au cercle.En
passant
dupentagone d l’hexagone ,
del’hexagone
àl’eptagone,
;et ainsi de
suite,
comme nous venons de passer duquadrilatère
au
pentagone ;
on verra clairement que de tous lespolygones
forméspar les mêmes côtés se
succédant consécutivement ,
dans un ordredéterminé ,
leplus petit
est celuiauquel
onpeut
circonscrire un cercle.Quand
à la manière de trouver soit lesdiagonales ,
soit lesangles ,
soit le rayon du cerclecirconscrit ;
la difficulté croît àmesure que le nombre
des
côtés dupolygone
devientplus grand.
On arrive
cependant ,
parplusieurs
moyens , a uneéquation finale
dont il ne reste
plus qu’a
déterminer la racine.Soit,
parexemple ,
lepentagone ABCDE ,
danslequel
nous sup- poseronsAB=a , BC=b , CD=c , DE=d , EA=e ;
en le dé-composant,
par unediagonale AD=tx y
en unquadrilatère ABCD ;
dont les côtés
sont a, b,
c , x , et en untriangle
dont les côtéssont x,
d,
e, et endésignant
par R le rayon du cercle circonscritau
pentagone , lequel
doit être en mêmetemps
circonscrit au qua- drilatère et autriangle ;
on aura ,d’après
les résultats trouvés ci-dessus.
équations qui serviront a
déterminer R et x. L’élimination de Rentre elles
conduira ,
pourx , à
uneéquation du 7.me degré, qui
au
surplus
serapeut-être susceptible
d’abaissement.On
peut aussi,
pourchaque polygone , parvenir directement à
une
équation
en R.Supposons ,
parexemple , qu’il soit toujours
67 question
dupentagone ; soient A, B, C, D,
E les.angles
aitcentre
respectivement opposés
aux-côtés a , b , c , d , e ; on
aura
de là on conclura les cosinus des mêmes
angles.
On aura ensuited’où
développant
donc cette dernièreéquation ,
etfaisant , après
le dé-veloppement,
la substitution des valeurs des sinus et descosinus,
on
parviendra
à uneéquation
finalequi
ne contiendraplus
queia
seule