EPFL
Algèbre linéaire 1ère année 2006-2007
Corrigé de la série 21
Correction exercice 1
1. Exemple : A=
0 1
−1 0
. At=−A6=A et AAt=AtA.
2. Exemple : B =
0 1
0 0
. BBt=
1 0
0 0
et BtB =
0 0
0 1
.
Correction exercice 2
1. ||S∗◦T −T ◦S∗||2 =tr((S∗◦T −T ◦S∗)∗◦(S∗◦T −T ◦S∗))
=tr((T∗◦S−S◦T∗)◦(S∗◦T −T ◦S∗))
=tr(T∗◦S◦S∗ ◦T −T∗◦S◦T ◦S∗−S◦T∗◦S∗◦T +S◦T∗◦T ◦S∗)
=tr(T∗◦S◦S∗ ◦T)−tr(T∗◦S◦T ◦S∗)−tr(S◦T∗◦S∗ ◦T) +tr(S◦T∗◦T ◦S∗) Comme S est supposé normal, on a S ◦S∗ = S∗ ◦ S, de plus, S◦T = T ◦S d’après l’énoncé, d’où :
tr(T∗◦S◦S∗◦T) =tr(T∗◦S∗◦S◦T) =tr(T∗ ◦S∗◦T ◦S) =tr(S◦T∗ ◦S∗◦T) où la dernière égalité découle de tr(AB) =tr(BA) et
tr(S◦T∗ ◦T ◦S∗) = tr(T∗◦T ◦S∗◦S) = tr(T∗◦T ◦S◦S∗) = tr(T∗◦S◦T ◦S∗).
D’où ||S∗◦T −T ◦S∗||2 = 0 et donc S∗◦T =T ◦S∗.
2. Les hypothèses du point 1. étant satisfaites on a S∗◦T =T ◦S∗ et T∗◦S = (S∗◦T)∗ = (T ◦S∗)∗ =S◦T∗.
(T ◦S)∗◦(T ◦S) = S∗◦(T∗◦T)◦S =S∗◦(T ◦T∗)◦S puisque T est normal. En utilisant le point1. on obtient :
(T◦S)∗◦(T◦S) = (S∗◦T)◦(T∗◦S) = (T◦S∗)◦(S◦T∗) =T◦S∗◦S◦T∗ =T◦S◦S∗◦T∗ puisque S est normal, et finalement :
(T ◦S)∗◦(T ◦S) =T ◦S◦(T ◦S)∗ et donc T ◦S est normal.
1
Correction exercice 3 Soit x∈V, on a
||T∗(x)||2 =hT∗(x), T∗(x)i
=hx, T ◦T∗(x)i par d´efinition d0adjoint
=hx, T∗◦T(x)i puisque T est normal
=hT(x), T(x)i par d´efinition d0adjoint
=||T(x)||2
Si x∈Ker(T) on obtient que ||T∗(x)||2 = 0 donc T∗(x) = 0 et x ∈Ker(T∗). Réciproquement si x∈Ker(T∗) on obtient que x∈Ker(T).
Correction exercice 4 On a
(T +T∗)∗ =T∗+T
par conséquent T +T∗ est auto-adjoint. Par le théorème spectral on en déduit qu’il existe une base orthonorméeB de vecteurs propres de T+T∗ et de valeurs propres associées réelles. Donc,
[T +T∗]B =D
où D = diag(λ1, . . . , λn) ∈ M atn(R). Comme T +T∗ est supposée nilpotente, il existe p ∈ N tel que (T +T∗)p = 0 et donc Dp = 0 d’où λp1 =. . .=λpn = 0 et donc λ1 = . . .=λn = 0. On en déduit que D= 0 et que T +T∗ = 0.
Correction exercice 5
L’opérateur T étant supposé auto-adjoint, par le théorème spectral on sait qu’il existe une base orthonormée B de vecteurs propres deT et que les valeurs propres associées sont réelles. Donc,
[T]B =D où D=diag(λ1, . . . , λn)∈M atn(R). D’où,
[A]B =D+iI.
Or det(D+iI) = (λ1+i). . . . .(λn+i)6= 0 puisque ∀k, λk ∈R. On en déduit que D+iI est inversible et donc que A est inversible.
Correction exercice 6
Comme T est supposé normal, d’après le théorème spectral, on sait qu’il existe une base ortho- normée B de vecteurs propres de T, c’est à dire
[T]B =D
où D=diag(λ1, . . . , λn)∈M atn(C).
On pose ∀i δi ∈ C tel que δ2i = λi. (δi existe d’après le cours sur les nombres complexes). On considère E =diag(δ1, . . . , δn) ∈M atn(C) et S l’opérateur de L(V) tel que [S]B =E. Comme E2 =D on a S2 =T.
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