Université Sidi Mohamed Ben Abdellah
Année Univ.2012-13
Faculté des Sciences Dhar El Mehraz
SMP-SMC
Département de Mathématiques
Correction du rattrapage d’Algèbre M2
durée : 1h30
1)∀
x, y, z
∈ R3 : x, y, z
∈ ker f f
x, y, z
0, 0, 0 8x
− 8y 16z, 14x − 16y 36z, 5x − 6y 14z
0, 0, 0 8x
− 8y 16z
014x
− 16y 36z
05x
− 6y 14z
0 8
x
− y 2z
02
7x
− 8y 18z
05x
− 6y 14z
0 x
− y 2z
07x
− 8y 18z
05x
− 6y 14z
0 y
x 2z
7x
− 8y 18z
05x
− 6y 14z
0 y
x 2z
7x
− 8
x
2z
18z
05x
− 6
x
2z
14z
0 y
x 2z
7x
− 8x − 16z 18z
05x
− 6x − 12z 14z
0 y
x 2z
−x 2z
0−x 2z
0 y
x 2z
x
2z
x
2z
y
2z 2z
x
2z
y
4z
Donc : ker f 2z, 4z, z tq : z ∈ R 2) ker f 2z, 4z, z tq : z ∈ R z2,4,1 tq : z ∈ R vect2,4,1 Donc : dimker f 1 3 dimR3 rgf dimker f rgf 1 rgf 3 − 1 2 3) A M f ,B 8 −8 16 14 −16 36 5 −6 14 4) 4.a) P2 0 2 −2 −2 5 −4 −1 2 −1 0 2 −2 −2 5 −4 −1 2 −1 −2 6 −6 −6 13 −12 −3 6 −54.b) 3P− P2 3 0 2 −2 −2 5 −4 −1 2 −1 − −2 6 −6 −6 13 −12 −3 6 −5 0 6 −6 −6 15 −12 −3 6 −3 2 −6 6 6 −13 12 3 −6 5 2 0 0 0 2 0 0 0 2 2 1 0 0 0 1 0 0 0 1 2I3 4.c) 3P− P2 2I 3 3I3− PP 2I3 1 23I3− PP I3 Alors : P−1 1 2 3I3 − P 12 3 1 0 0 0 1 0 0 0 1 − 0 2 −2 −2 5 −4 −1 2 −1 1 2 3 0 0 0 3 0 0 0 3 0 −2 2 2 −5 4 1 −2 1 1 2 3 −2 2 2 −2 4 1 −2 4
5) 5.a) Puisque e1′, e2′ et e3′ sont colonnes de la matrice P et puisque P est inversible alors le système B′ e1′, e2′, e3′ est une base de R3 .
5.b) La matrice de passage de la base canonique B e1, e2, e3 de R3 à la base
B′ e1′, e2′, e3′ de R3 est : MB, B′ 0 2 −2 −2 5 −4 −1 2 −1 P . 6) A′ P−1AP 1 2 3 −2 2 2 −2 4 1 −2 4 8 −8 16 14 −16 36 5 −6 14 P 1 2 6 −4 4 8 −8 16 0 0 0 P 1 2 6 −4 4 8 −8 16 0 0 0 P 3 −2 2 4 −4 8 0 0 0 0 2 −2 −2 5 −4 −1 2 −1 2 0 0 0 4 0 0 0 0
7) 7.a) 2e1′ fe1′ 2e1′ ∈ Imf e1′ 1 2 2e1
′ ∈ Imf .
4e2′ fe2′ 4e2′ ∈ Imf e2′ 144e2′ ∈ Imf .
Donc : e1′, e2′ ∈ Imf .
7.b) Puisque le système B′ e1′, e2′, e3′ est une base de R3 et puisque
e1′, e2′ ∈ Imf alors : e1′, e2′ est un système libre de Imf .
Puisquee1′, e2′ est un système libre de Imf et puisque dimImf rgf 2
alorse1′, e2′ est une base de Imf .
8) 8.a) Puisque u x, y, z e1′ e2′ e3′ alors :
0, −2, −1 2, 5, 2 −2, −4, −1 x, y, z 0, −2, − 2, 5, 2 −2, −4, − x, y, z 2 − 2, −2 5 − 4, − 2 − x, y, z 2 − 2 x −2 5 − 4 y − 2 − z 0 2 −2 −2 5 −4 −1 2 −1 x y z P x y z 8.b) P x y z I3 P−1P P−1 x y z 1 2 3 −2 2 2 −2 4 1 −2 4 x y z 1 2 3x− 2y 2z 2x− 2y 4z x− 2y 4z 3x− 2y 2z 2 2x− 2y 4z 2 x− 2y 4z 2 On a donc : 3x− 2y 2z 2 2x− 2y 4z 2 x− 2y 4z 2 9) ∀u x, y, z e1′ e2′ e3′ ∈ R3 :
u ∈ Imf u ∈ vecte1′, e2′ 0
x− 2y 4z
2 0 x − 2y 4z 0 x 2y − 4z
Donc : Imf 2y − 4z, y, z tq : y, z ∈ R