IFP Ann´ ee 2001-02
Corrig´ e du Devoir n o 1 4 mars 2002
Ex 1. Une loi discr` ete pathologique
Le but de cet exercice est de construire et d’´ etudier une v.a. discr` ete ayant pour ensemble X(Ω) de valeurs possibles l’ensemble D des nombres d´ ecimaux de [0, 1[. Un nombre d´ ecimal peut se repr´ esenter par une suite finie de chiffres d´ ecimaux. Cette repr´ esentation n’est pas unique, par exemple : 0,375 = 0,375 0 = 0,375 00 = 0,375 000 = . . .
On peut aussi l’´ ecrire sous la forme k10 −n avec k ∈ N et n ∈ N ∗ . Si k n’est pas divisible par 10, nous dirons que l’on a la forme r´ eduite (pour l’exemple pr´ ec´ edent, k = 375 et n = 3). On notera D n l’ensemble des d´ ecimaux de [0, 1[ ayant le niveau de r´ esolution n, c’est-` a-dire de forme r´ eduite k10 −n (on posera D 0 = {0}).
Nous construisons X par la proc´ edure suivante. On dispose de deux urnes. La pre- mi` ere contient des boules rouges et des vertes. On note p la proportion de boules rouges (0 < p < 1) et q celle des vertes. La deuxi` eme urne contient 10 boules num´ erot´ ees de 0 ` a 9. On effectue des tirages avec remise dans la premi` ere urne jusqu’` a la premi` ere apparition d’une rouge. On note N le nombre (al´ eatoire) de tirages n´ ecessaires. Une fois connue la valeur de N , on effectue N tirages avec remise d’une boule dans la deuxi` eme urne. En notant Y j le chiffre sorti lors du j-` eme tirage dans la deuxi` eme urne (i ≤ N ), on forme le nombre d´ ecimal :
X(ω) = 0, Y 1 (ω)Y 2 (ω) . . . Y N(ω) (ω) =
N(ω)
X
j=1
Y j (ω) 10 j .
1) N est le temps d’attente du premier succ` es dans une suite d’´ epreuves r´ ep´ et´ ees ind´ ependantes 1 avec ` a chaque ´ epreuve mˆ eme probabilit´ e de succ` es p. On sait [ICP, 3.3.5]
que N suit la loi g´ eom´ etrique de param` etre p qui est caract´ eris´ ee par : N (Ω) = N ∗ , ∀k ∈ N ∗ , P(N = k) = q k−1 p.
2) Soit n fix´ e. Lorsque l’on effectue n tirages avec remise dans la deuxi` eme urne, on consid` ere que toutes les n-suites possibles de r´ esultats (il y en 10 n ) ont mˆ eme probabilit´ e de sortie. On mod´ elise ainsi les tirages avec remise par Ω n = {0, 1, . . . , 8, 9} n , muni de la
1 Il est l´ egitime de consid´ erer les ´ epreuves comme ind´ ependantes parce que les tirages se font avec
remise.
tribu F n = P (Ω n ) et de la probabilit´ e uniforme d´ efinie par P n ({ω}) = 1/ card Ω. Avec ce mod` ele, la probabilit´ e d’obtenir une suite ω = (c 1 , . . . , c n ) de n chiffres d´ ecimaux choisie
`
a l’avance est donc 10 −n .
Tout espace probabilis´ e (Ω, F , P) mod´ elisant correctement l’exp´ erience ´ etudi´ ee doit donner pour P(Y 1 = c 1 , Y 2 = c 2 , . . . , Y n = c n | N = n) la mˆ eme valeur que lorsqu’on fait d` es le d´ epart n tirages avec remise, autrement dit
P(Y 1 = c 1 , Y 2 = c 2 , . . . , Y n = c n | N = n) = P n ({ω}) = 10 −n , ω = (c 1 , . . . , c n ) ∈ Ω n . Ce raisonnement de type « cahier des charges » est standard en th´ eorie des probabilit´ es. Il est assez rare que l’on calcule P(A | B) par sa d´ efinition. On lui attribue directement une valeur en analysant l’exp´ erience (lorsque la connaissance de la r´ ealisation de B simplifie cette exp´ erience) et on se sert de cette valeur pour en d´ eduire celle que devrait avoir P(A ∩ B) dans tout mod` ele « raisonnable ».
3) Il y a une infinit´ e de fa¸cons d’´ ecrire 0,375 sous la forme d’un d´ eveloppement d´ ecimal fini. La forme g´ en´ erale d’un tel d´ eveloppement est
0, 375 0 . . . . 0
| {z }
(n − 3) chiffres
, n ≥ 3.
Il y a aussi un autre d´ eveloppement d´ ecimal de 0, 375, mais celui-la est illimit´ e, c’est 0,374 999 999 999 999 9 . . . 9 . . . . Il est exclu que l’on puisse obtenir un tel d´ eveloppement avec l’exp´ erience envisag´ ee car comme p > 0, P(N < +∞) = 1, voir [ICP, 3.3.5].
Avant de se lancer dans le calcul, remarquons que {X = 0,375} implique {N ≥ 3}, ce qui s’´ ecrit aussi {X = 0,375} ⊂ {N ≥ 3}. On en d´ eduit
{X = 0,375} = {X = 0,375} ∩ {N ≥ 3} = {X = 0,375} ∩
k≥3 ∪ {N = k}
.
Ceci nous donne une d´ ecomposition en r´ eunion d´ enombrable d’´ ev` enements deux ` a deux incompatibles :
{X = 0,375} = ∪
j≥3
{X = 0,375} ∩ {N = j}
.
En utilisant la σ-additivit´ e de P, on en d´ eduit P(X = 0,375) =
+∞
X
j=3
P
{X = 0,375} ∩ {N = j}
=
+∞
X
j=3
P
{Y 1 = 3, Y 2 = 7, Y 3 = 5, Y 4 = 0, . . . , Y j = 0} ∩ {N = j}
.
La formule P(A ∩ B ) = P(A | B)P(B) (quand P(B) > 0) et les r´ esultats des questions 1) et 2) nous donnent
P
{Y 1 = 3, Y 2 = 7, Y 3 = 5, Y 4 = 0, . . . , Y j = 0} ∩ {N = j}
= P
Y 1 = 3, Y 2 = 7, Y 3 = 5, Y 4 = 0, . . . , Y j = 0 | N = j
P(N = j ) = 10 −j q j−1 p.
Finalement le calcul de P(X = 0,375) se ram` ene ` a un calcul de s´ erie g´ eom´ etrique : P(X = 0,375) =
+∞
X
j=3
10 −j q j−1 p = p q
+∞
X
j=3
q 10
j
= p q
q 10
3 1
1 − 10 q = pq 2 100(10 − q) . Pour g´ en´ eraliser ce r´ esultat, soit d ∈ D n et d = k10 −n sa forme r´ eduite. Soit
k = u 1 10 n−1 + u 2 10 n−1 + . . . u n−1 10 + u n , u i ∈ {0, . . . , 9}, i = 1, . . . , n,
l’´ ecriture en base 10 de l’entier k. Une adaptation imm´ ediate de la d´ ecomposition utilis´ ee pour le cas d = 0,375 nous conduit ` a
P(X = d) =
+∞
X
j=n
P Y i = u i (1 ≤ i ≤ n) et Y i = 0 (n < i ≤ j) | N = j
P(N = j)
=
+∞
X
j=n
10 −j q j−1 p
= p q
q 10
n 1 1 − 10 q . Apr` es simplification, on obtient
P(X = d) = pq n−1
(10 − q)10 n−1 = p 9 + p
q 10
n−1
, d ∈ D n , n ≥ 1. (1) Le cas particulier d = 0 se traite de mani` ere analogue :
P(X = 0) =
+∞
X
j=1
P Y i = 0 (1 ≤ i ≤ j) | N = j
P(N = j ) =
+∞
X
j=1
q j−1 p
10 j = p 9 + p . 4) Pour v´ erifier que D est d´ enombrable, on pourrait se contenter de remarquer que D est union d´ enombrable des ensembles finis deux ` a deux disjoints D n . Pour construire une num´ erotation explicite des ´ el´ ements de D , une id´ ee simple est de consid´ erer succes- sivement chaque D n et de num´ eroter de gauche ` a droite les ´ el´ ements de l’ensemble fini D n avec les plus petits entiers non d´ ej` a utilis´ es ` a l’´ etape n − 1. Notons ϕ : D → N cette num´ erotation. Voici le d´ ebut de sa construction :
D 0
d 0
ϕ(d) 0 D 1
10d 1 2 3 4 5 6 7 8 9 ϕ(d) 1 2 3 4 5 6 7 8 9 D 2
100d 1 2 . . . 8 9 11 12 . . . 19 21 . . . . 88 89 91 . . . 99
ϕ(d) 10 11 . . . 17 18 19 20 . . . 27 28 . . . . 89 90 91 . . . 99
Afin d’obtenir une formule pour le calcul de ϕ(d) on d´ enombre D n . Il suffit pour cela de remarquer que les ´ el´ ements de D n sont les k10 −n lorsque 0 ≤ k < 10 n , sauf ceux pour lesquels k est multiple de 10 :
D n = n k
10 n ; 0 ≤ k < 10 n o
\ n 10l
10 n ; 0 ≤ l < 10 n−1 o
. (2)
On en d´ eduit imm´ ediatement que
card D n = 10 n − 10 n−1 .
De mˆ eme on v´ erifie, soit par un raisonnement direct, soit par cette formule que card n−1
j=0 ∪ D j
= 1 +
n−1
X
j=1
(10 j − 10 j−1 ) = 10 n−1 , n ≥ 1.
On en d´ eduit (en prenant garde au fait que la num´ erotation commence ` a 0) que le plus grand ´ el´ ement de D n−1 et le plus petit ´ el´ ement de D n ont pour num´ eros respectifs,
ϕ 10 n−1 − 1 10 n−1
= 10 n−1 − 1, ϕ 1 10 n
= 10 n−1 .
Finalement, soit d ∈ D n , on peut l’´ ecrire d = k10 −n avec k = 10l + r, 1 ≤ r ≤ 9. Dans cette division euclidienne de k par 10, la valeur du quotient l permet de compter tous les multiples de 10 inf´ erieurs ` a k : il y en a l + 1 (z´ ero compris). Le num´ ero de k dans la liste des entiers de 0 ` a k ´ etant k + 1, on obtient
ϕ(d) = (10 n−1 − 1) + (k + 1) − (l + 1) = 10 n−1 + k − l.
Notons [x] la partie enti` ere du r´ eel x, unique entier m tel que m ≤ x < m + 1. Comme l = [k/10] et k = 10 n d, on aboutit ` a
ϕ(d) = 10 n d + 10 n−1 −
10 n−1 d
− 1, d ∈ D n , n ≥ 1.
5) La bijection ϕ : D → N construite ci-dessus est croissante s´ epar´ ement sur chaque D n , mais pas globalement sur D . Il en r´ esulte que ϕ −1 : N → D n’est pas croissante.
Montrons qu’il n’existe aucune num´ erotation croissante des ´ el´ ements de X(Ω) = D (i.e. v´ erifiant X(Ω) = D = {x k ; k ∈ N } avec ∀k ∈ N , x k < x k+1 ). Supposons que ψ : N → D soit une telle num´ erotation croissante (ψ(k) = x k ). D’abord, n´ ecessairement, ψ(0) = x 0 = 0 car sinon x 0 > 0 et comme ψ est croissante, ψ(k) > x 0 > 0 pour tout k ≥ 1 et z´ ero ne serait jamais num´ erot´ e par ψ. Ensuite par croissance de ψ, x 1 > x 0 = 0 et ∀k ≥ 2, x k > x 1 . Comme ψ est surjective, il n’y a donc aucun ´ el´ ement de D dans ]0, x 1 [. Ceci contredit la densit´ e de D dans [0, 1].
6) Calcul de X
d∈ D
nd.
Il suffit d’utiliser (2) et la formule donnant la somme des termes d’une suite arith- m´ etique (nombre de termes multipli´ e par la moyenne du premier et du dernier) :
X
d∈ D
nd =
10
n−1
X
k=1
k 10 n −
10
n−1−1
X
l=1
l 10 n−1
= 1
10 n
(10 n − 1)10 n
2 − 1
10 n−1
(10 n−1 − 1)10 n−1
2 .
Apr` es simplification, on obtient X
d∈ D
nd = 9
2 × 10 n−1 , n ≥ 1. (3)
7) Comme X est une variable al´ eatoire discr` ete positive, d’ensemble de valeurs X(Ω) = D , son esp´ erance EX existe si la s´ erie X
d∈ D
d P(X = d) converge et EX vaut alors la somme de cette s´ erie.
La r` egle de sommation par paquets des s´ eries ` a termes positifs (convergentes ou non dans R + ) nous permet d’´ ecrire
X
d∈ D
d P(X = d) =
+∞
X
n=0
X
d∈ D
nd P(X = d).
Pour tous les d dans D n , les P(X = d) ont la mˆ eme valeur donn´ ee par (1) ; compte-tenu de (3), ceci nous permet de voir que la convergence de la s´ erie ´ equivaut ` a celle de la s´ erie g´ eom´ etrique de raison q (0 < q < 1) et de calculer sa somme :
EX =
+∞
X
n=1
pq n−1
(10 − q)10 n−1 × 9
2 × 10 n−1
=
+∞
X
n=1
9p
2(10 − q) q n−1
= 9p
2(10 − q) 1 1 − q . En se souvenant que q = 1 − p, on obtient
EX = 9
2(10 − q) = 9
2(9 + p) . (4)
La fonction p 7→ (9 + p) −1 ´ etant strictement d´ ecroissante sur [0, 1], on a l’encadrement 9
20 < EX < 1 2 .
Pour interpr´ eter cet encadrement, consid´ erons d’abord le cas limite p = 1. Dans ce cas
il n’y a que des boules rouges dans la premi` ere urne et on effectue un seul tirage dans la
deuxi` eme. La loi de X est alors la loi uniforme sur ∆ 1 := {k/10; 0 ≤ k ≤ 9} = D 0 ∪ D 1
son esp´ erance est EX =
9
X
k=0
k 10 × 1
10 = 1 10 2
9
X
k=0
k = 1
10 2 × 10(0 + 9)
2 = 9
20 = 0,45 (p = 1).
Cette esp´ erance est le barycentre du syst` eme de masses ponctuelles de cette loi uni- forme sur ∆ 1 . Si on avait consid´ er´ e la loi uniforme sur ∆ 1 ∪ {1}, on aurait trouv´ e comme barycentre 1/2. Ce d´ ecalage vers la gauche du barycentre se retrouve quand on fait n tirages dans la deuxi` eme urne. La loi du nombre d´ ecimal al´ eatoire Z n de
∆ n = {k10 −n ; 0 ≤ k < 10 n } = ∪ n
j=0 D j ainsi fabriqu´ e a pour esp´ erance EZ n =
10
n−1
X
k=0
k
10 n × 1
10 n = 1 10 2n
10 n (10 n − 1)
2 = 1
2
1 − 1 10 n
.
On observe que ce d´ ecalage du barycentre vers la gauche s’att´ enue quand n augmente.
Notons Q n la loi de Z n . Comme on l’a vu ` a la question 2), on a
Q n ({d}) = P(Z n = d) = P(X = d | N = n) (d ∈ ∆ n ).
On peut donc dire que Q n est aussi la loi conditionnelle de X sachant {N = n}, c’est-` a- dire la mesure image 2 par X de la probabilit´ e P( . | N = n). La formule des probabilit´ es totales nous dit que pour tout A ∈ Bor( R ),
P X (A) = P(X ∈ A) = X
n∈ N
∗P(X ∈ A | N = n)P(N = n) = X
n∈ N
∗Q n (A)P(N = n).
On voit ainsi que la loi P X de X est un m´ elange des lois Q n avec pour coefficients les P(N = n), ce qui se traduit par l’´ egalit´ e de mesures :
P X = X
n∈ N
∗P(N = n)Q n .
A partir de cette formule, il est facile de v´ ` erifier (faites le !) que EX =
+∞
X
n=1
P(N = n)EZ n . (5)
Si l’objectif du probl` eme avait seulement ´ et´ e le calcul de EX, cette m´ ethode aurait mˆ eme
´ et´ e plus simple que celle expos´ ee ci-dessus.
Avec (5), on comprend que la barycentre de la loi de X est d’autant plus proche de 1/2 que les valeurs de EZ n pour n grand ont un poids plus ´ elev´ e, autrement dit
2 On consid` ere X comme une variable al´ eatoire sur l’espace probabilis´ e (Ω, F, P( . | N = n)) au lieu
de (Ω, F, P).
que P(N = n) tend plus lentement vers 0 quand n tend vers +∞. Et bien sˆ ur, cette convergence est d’autant plus lente que q est plus grand donc p plus petit.
Consid´ erons enfin le cas limite p = 0. Dans ce cas on n’obtient jamais de boule rouge et on ferait une infinit´ e de tirages dans la premi` ere urne et donc on devrait faire une infinit´ e de tirages remise dans la deuxi` eme. Passant sur l’impossibilit´ e physique de cette exp´ erience 3 , on peut quand mˆ eme d´ efinir math´ ematiquement la variable al´ eatoire X dans ce cas par
X =
+∞
X
j=1
Y j (ω) 10 j .
Cette s´ erie converge pour tout ω. La loi de X est alors la mesure de Lebesgue sur [0, 1[
(lire ` a ce sujet [ICP, 6.5]) et son esp´ erance ou barycentre est 1/2.
8) Soit F la fonction de r´ epartition de X : F (x) = P(X ≤ x). On sait que F est continue ` a droite et a une limite ` a gauche en tout point. De plus pour tout a ∈ R ,
F (a) − F (a − ) = P(X = a) = P X ({a}), (6) en notant F (a − ) la limite ` a gauche de F au point a [ICP, Th. 3.4, Lem. 3.5]. D’apr` es (6), en tout point d ∈ D , on a F (d) > F (d − ) ≥ F (x) pour x < d. Comme tout intervalle ouvert de [0, 1[ contient un d´ ecimal, F n’est constante sur aucun intervalle ouvert de [0, 1[. Elle n’est donc pas en escaliers sur [0, 1[. Ceci contraste avec les f.d.r. des lois discr` etes usuelles (pour lesquelles on a une num´ erotation croissante de X(Ω) et o` u F est constante sur [x k , x k+1 [, donc en escaliers).
9) Toujours d’apr` es (6), F est continue au point a si P(X = a) = 0, autrement dit si a / ∈ D et discontinue si P(X = a) > 0, donc si a ∈ D . On a donc construit ` a partir d’une exp´ erience tr` es simple une fonction de r´ epartition discontinue en tout d´ ecimal de [0, 1[ et continue en tout r´ eel non d´ ecimal de [0, 1[ (et aussi en tout x / ∈ [0, 1[).
10) Calcul de P(X ≤ 0,375 | N = j).
Pour calculer cette probabilit´ e conditionnelle, on se place dans la situation o` u l’´ ev` ene- ment {N = j} est r´ ealis´ e. On effectue alors exactement j tirages avec remise dans la deuxi` eme urne. Chaque suite de chiffres possible a alors mˆ eme probabilit´ e d’apparition 10 −j . Il revient au mˆ eme de dire que le nombre d´ ecimal X ainsi g´ en´ er´ e suit la loi uniforme sur ∆ j = {k10 −j ; 0 ≤ k < 10 j }, ou encore que la variable al´ eatoire ` a valeurs enti` eres 10 j X suit la loi uniforme sur {0, 1, 2, . . . , 10 j − 1}. On en d´ eduit que
P(X ≤ 0,375 | N = j ) = P(10 j X ≤ 0,375 × 10 j | N = j )
= P(10 j X ≤ [0,375 × 10 j ] | N = j)
= 1 + [0,375 × 10 j ]
10 j .
3 On peut imaginer qu’il y ait deux exp´ erimentateurs, le premier tirant les boules vertes et le second proc´ edant ` a un nouveau tirage avec remise d’une boule num´ erot´ ee chaque fois qu’une boule verte sort de la premi` ere urne, ainsi on n’attend pas un temps infini la premi` ere sortie d’une rouge pour commencer
`
a construire X et on peut consid´ erer que l’on r´ ealise X par passage ` a la limite.
La partie enti` ere [0,375 × 10 j ] utilis´ ee dans cette formule n’a d’importance que pour j < 3. En effet 0,375 × 10 j est entier pour j ≥ 3. Pour j < 3, on peut d’ailleurs v´ erifier directement que
P(X ≤ 0,375 | N = 1) = P(Y 1 ≤ 3 | N = 1) = 4 10 ,
P(X ≤ 0,375 | N = 2) = P (Y 1 ≤ 2 et Y 2 quelconque) ou (Y 1 = 3 et Y 2 ≤ 7) | N = 2 )
= 38 100 .
11) Le raisonnement fait ` a la question pr´ ec´ edente se g´ en´ eralise imm´ ediatement ` a d quelconque dans D .
∀d ∈ D , P (X ≤ d | N = j) = [10 j d] + 1
10 j . (7)
12) Calcul de F (k/10) pour 0 ≤ k ≤ 9.
En appliquant la formule des probabilit´ es totales, F
k 10
= P
X ≤ k 10
=
+∞
X
j=1
P
X ≤ k
10 | N = j
P(N = j)
=
+∞
X
j=1
[k10 j−1 ] + 1 10 j q j−1 p
=
+∞
X
j=1
k
10 q j−1 p +
+∞
X
j=1
q j−1 p 10 j
= k
10 + p 10
+∞
X
j=1
q 10
j−1
= k
10 + p 9 + p .
Si d = l/100 avec 0 ≤ l ≤ 99, on a [10 j d] = 10 j d d` es que j ≥ 2. D’o` u le calcul F (d) = P
X ≤ d
=
+∞
X
j=1
P(X ≤ d | N = j)P(N = j )
= [10d]
10 p +
+∞
X
j=2
dq j−1 p +
+∞
X
j=1
q j−1 p 10 j
= [10d]
10 p + dq + p 9 + p .
En particulier quand l est multiple de 10, [10d]/10 = d et on retrouve la formule ´ etablie
pour d de la forme k/10, F (d) = d + p/(9 + p) = d + F (0).
13) Formule g´ en´ erale pour F (d), d ∈ D .
Prenons d = k10 −n (pas forc´ ement sous forme r´ eduite), 0 ≤ k < 10 n . Alors pour j ≥ n on a [10 j d]10 −j = d. En appliquant la mˆ eme m´ ethode que ci-dessus, on arrive ` a
P(X ≤ d) =
n−1
X
j=1
[10 j d]
10 j q j−1 p +
+∞
X
j=2
dq j−1 p + p 9 + p
=
n−1
X
j=1
[10 j d]
10 j q j−1 p + dq n−1 + p 9 + p .
On peut voir que cette formule ne d´ epend pas de la repr´ esentation choisie pour d, en remarquant que si k = 10 m l, pour j ≥ n−m, [10 j d]10 −j = d et pour avoir la mˆ eme valeur de F (d) avec les deux repr´ esentations d = k10 −n et d = l10 −n+m , il reste seulement ` a v´ erifier que
n−1
X
j=n−m
q j−1 p + q n−1 = q n−m−1 ,
exercice ´ el´ ementaire sur les suites g´ eom´ etriques, laiss´ e au lecteur.
On pr´ esente maintenant quelques repr´ esentations graphiques de la fonction de r´ e- partition F , suivant les valeurs de p. ` A proprement parler, il est impossible de dessiner physiquement le graphe de F puisqu’il pr´ esente une infinit´ e de discontinuit´ es. On s’est content´ e de faire calculer les valeurs de F (d) pour d = k10 −4 et de les afficher 4 . Le ni- veau de r´ esolution de l’´ ecran et celui de l’imprimante donnent une illusion de continuit´ e quand l’amplitude des sauts est inf´ erieure ` a un pixel. Les zooms successifs montrent qu’il n’en est rien et font apparaˆıtre la structure fractale de F .
4 Les calculs et les graphiques ont ´ et´ e r´ ealis´ es avec le logiciel libre Scilab d´ evelopp´ e par l’INRIA. Ce
logiciel peut ˆ etre t´ el´ echarg´ e ` a l’adresse URL http ://www-rocq.inria.fr/scilab
0 0.1 0.2 0.3 0.4 0.5 0.6 0.7 0.8 0.9 1.0 0
0.1 0.2 0.3 0.4 0.5 0.6 0.7 0.8 0.9 1.0
...
...
...
...
Fig. 1 – F pour p = 0,25
0 0.1 0.2 0.3 0.4 0.5 0.6 0.7 0.8 0.9 1.0
0 0.1 0.2 0.3 0.4 0.5 0.6 0.7 0.8 0.9 1.0
...
...
...
...
...
...
...
...
...
...
Fig. 2 – F pour p = 0,85
Corrig´ e du D.M. 1 Ch. Suquet
0 0.1 0.2 0.3 0.4 0.5 0.6 0.7 0.8 0.9 1.0
0 0.1 0.2 0.3 0.4 0.5 0.6 0.7 0.8 0.9 1.0
...
...
...
...
...
...
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Fig. 3 – F pour p = 0,5
0.09 0.11 0.13 0.15 0.17 0.19 0.21
0.14 0.15 0.16 0.17 0.18 0.19 0.20 0.21
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