ConcoursNationalCommun—PHYSIQUEI—Filière:MP Corrigé proposé par:
M. Afekir - École Royale de l’Air CPGE Marrakech
cpgeafek@yahoo.fr
Champ magnétique et propriétés de la matière
Première partie Faisceau électronique
1 . 1
.
Nature de la trajectoire et application1 . 1 . 1
.
Le théorème de la résultante cinétique :d~ p
edt = −e~v
e∧ B ~ 1 . 1
. 2
.
Projection sur la direction du champ :d~ p
edt .~u
z= −e(~v
e∧ B).~u ~
z= 0
Conséquence :
v
z= cte = v
oz= 0 ⇒ z = cte ou ~v = v
x~u
x+ v
y~u
y, La trajectoire de l’électron est, donc,plane.(xOy)
est le plan du mouvement.Projection sur le vecteur vitesse :
d~ p
edt .~v
e= −e(~v
e∧ B).~v ~
e= 0 m. d~v
2edt = 0 ⇒ k~v
ek = cte = k~v
ok
La norme de la vitesse de l’électron est, donc, uniforme.1 . 1 . 3
.
La trajectoire de l’électron est circulaire .~v
e~u
t~u
n−
→ B ⊙
1 . 1 . 4
.
Rayon de giration :m
ed~v
edt = −e~v
e∧ B ~
Composantes de Frenet :
~a
e= dv ~
edt = dv
dt ~u
t+ v
2R ~u
n= a
t~e + a
n~e
n~v = v ~e
ConcoursNationalCommun—PHYSIQUEI—Filière:MP
◦
D’après la question 1.
1.
2.
,v
est uniforme⇒ a
t= 0
.◦
Le mouvement est plan= ⇒ (~e
t, ~e
n)∈
plan du mouvement(xOy) = ⇒ ~e
t∧ ~e
n= ~u
z.= ⇒ −e(~v
e∧ B).~n ~ = m
ea
n= m
ev
o2R ev
eB = m
ev
o2R ⇒ R = m
ev
oeB 1 . 1
. 5
.
Période du mouvement :d~v
edt = − e
m
e~v
e∧ B~u
z= ~v
e∧ ~ ω
cavec ~ ω
c= − e ~ B
m
e= ω
c~u
zavec ω
c= − eB m
e= qB m
eT = 2πR v
oon trouve
T = 2π
|ω
c|
Application numérique :
T = 7, 1 × 10
−9s 1 . 1
. 6 .
D = 2R = 2m
ev
oeB
Le theoreme de la puissance cinetique donne :
1
2 m
ev
o2= e∆V
soite
m
e= 8∆V
D
2B
2 Application numérique :e
m
e= 1, 7 × 10
11A.s.kg
−11 . 1
. 7
.
On mesure la charge de l’électron par simple mesure du rapporte
m
e à partir de la trajectoire d’un faisceau d’électron dans un tube cathodique .D = 2R
est mesurable etm
eest une donnée.1 . 1 . 8
.
Comparaison entre le poids de l’électron et la force de Lorentz : Poids de l’electron :P
e= m
eg = 9, 1.10
−31× 9, 8 ≈ 90 × 10
−31kg.m.s
−2Force de Lorentz :
f
L= ev
eB = 1, 6 × 10
−19× 10
7× 10.10
−3≈ 16 × 10
−15kg.m.s
−2 Consequence :P
e<< f
L1 . 1 . 9
.
La trajectoire de l’électron est hélicoïdal d’axeOz
y x z
−
→ B
1 . 2
.
Stabilité de la trajectoire électroniqueConcoursNationalCommun—PHYSIQUEI—Filière:MP
1 . 2 . 1
.
Théorème de la résultante cinétique :d~ p
edt = m
e~a = −e~v
e∧ B ~
−e( ˙ r~u
r+ r θ~u ˙
θ+ ˙ z~u
z) ∧ B~u
z= m
en(¨ r + r θ ˙
2)~u
r+ (r θ ¨ + 2 ˙ r θ)~u ˙
θ+ ¨ z~u
zoSoient
−erB θ ˙ = m
e(¨ r − r θ ˙
2) e rB ˙ = m
e(r θ ¨ + 2 ˙ r θ) ˙ 0 = m
ez ¨
1 . 2 . 2
.
Relation entreε
retε ˙
θ :e rB ˙ = m
e(r θ ¨ + 2 ˙ r θ) ˙ eq (1)
−m
eω
c= m
e(r θ ¨ + 2 ˙ r θ) ˙
(r θ ¨ = (R + ε
r)(¨ ε
θ) ≃ R¨ ε
θ˙
r θ ˙ = ˙ ε
r(−ω
c+ ˙ ε
θ) = −ω
cε ˙
req (1) ⇒ R ε ¨
θ= ω
cε ˙
r ouR ε ˙
θ= ω
cε
r1 . 2
. 3
.
Équation différentielle vérifiée parε
r :−erB θ ˙ = m
e(¨ r − r θ ˙
2) ⇒ ω
cr θ ˙ = ¨ r − r θ ˙
2eq (2)
Avec :
¨ r = ¨ ε
rr θ ˙
2= (R + ε
r)(−ω
c+ ˙ ε
θ)
2≃ (R + ε
r)(ω
2c− 2ω
cε ˙
θ) ≃ R(ω
2c− 2ω
cε ˙
θ) + ω
c2ε
rr θ ˙ = (R + ε
r)(−ω
c+ ˙ ε
θ) ≃ R(−ω
c+ ˙ ε
θ) − ω
cε
req(2) ⇒ ε ¨
r+ ω
cR ε ˙
θ= 0 avec R ε ˙
θ= ω
cε
rOn en déduit l’équation :
ε ¨
r+ ω
2cε
r= 0 1 . 2
. 4
.
Solution de l’équation différentielle :ε
r(t) = C
1cos(ω
ct) + C
2sin(ω
ct)
C
1 etC
1 deux constantes. Les conditions initiales donnent :ε
r(0) = 0 ⇒ C
1= 0
soitε
r(t) = C
2sin(ω
ct)
⇒ ε ˙
θ= ω
cR C
1sin(ω
ct)
Finalement
r(t) = R + C
1sin(ω
ct) θ(t) = ˙ −ω
c+ ω
cR C
1sin(ω
ct)
Le mouvement radial et le mouvement orthoradial sont sinusoïdales, donc, stables.
1 . 2 . 5
.
Le mouvement axiale suivantOz
est rectiligne uniforme, donc, stable.ConcoursNationalCommun—PHYSIQUEI—Filière:MP
Deuxième partie Effet Zeeman
2 . 1
.
Théorème de Larmor2 . 1 . 1
.
Le théorème de la résultante cinétique appliquée ,à l’électron, dans le repèreR
supposé fixe :d~ p
edt
R
= q − →
E ⇒ ~a
o= q
−
→ E m
e2 . 1
. 2
.
Le théorème de la résultante cinétique appliquée ,à l’électron, dans le repèreR
avec~v
e=
⇀v
:d~ p
edt
R
= q − →
E + ~v
e∧ − → B
⇒ ~a = q m
e− →
E + ~v
e∧ − → B
2 . 1 . 3
.
Étude dans un référentielR
′ mobile :2.1.3.1. Le repère
R
′ est enrotation uniforme par rapport àR
, donc :d~ Ω
dt = ~ 0 ⇒ ~a
′=
⇀a − Ω ~ ∧ ( Ω ~ ∧ ~r) − 2 ~ Ω ∧ ~v
′ Soit d’après la question précédente (2.
1.
2.
:~a
′= q m
eE ~ + (~v
′+ Ω ~ ∧ ~r) ∧ B ~
− ~ Ω ∧
Ω ~ ∧ ~r − 2~v
′2.1.3.2. L’accélération
~a
′ pourra s’écrire sous la forme :~a
′= q m
eE ~ + Ω ~ ∧ ~r ∧ B ~
− Ω ~ ∧
~ Ω ∧ ~r + ~v
′∧
q
m
eB ~ + 2 Ω ~
On choisira
Ω ~
afin d’éliminer~v
′ dans l’expression de~a
′, soit :~v
′∧
q
m
eB ~ + 2 Ω ~
= ~ 0
ou~ Ω = − q 2m
e−
→ B
L’expression précédente, de
~a
′, devient :~a
′= q ~ E m
e+ q
24m
eB ~ ∧ ( B ~ ∧ ~r) (6)
2.1.3.3. Le champ
E ~
crée par le noyau de l’atome d’hydrogène :E ~ = + e
4πε
or
2~u
r tel que :~u
r= ~r r
2.1.3.4.ρ < ρ
max=
q2 4me
B ~ ∧ ( B ~ ∧ ~r)
max
q ~ E
= πε
or3B
2m
eavec ε
oc
2oµ
o= 1 ⇒ ρ
max= πB
2r
3µ
oc
2om
eConcoursNationalCommun—PHYSIQUEI—Filière:MP 2.1.3.5. Application numérique :
ρ
max= 3.10
−11<< 1 ⇒ ~a
′= q E ~ m
e2 . 1
. 4
.
D’après les résultats précédentes :~ Ω = − q 2m
eB ~
, le théorème de Larmor est bien vérifié.2 . 2
.
Oscillateur harmonique spatialLa force de rappel
f ~
r= −m
eω
o2~r
et on note le vecteur moment cinétique par~σ 2 . 2
. 1
.
Le théorème du moment cinétique appliqué à l’électron dans le repère d’étude :d~σ
dt = ~r ∧ f ~
r~r ∧ −m
eω
2o~r
= ~ 0 ⇒ ~σ = ~k (
constante)
Le moment cinétique
~σ
est un constante vectorielle, donc le mouvement de l’électron est plan. Le plan du mouvement est le plan perpendiculaire au vecteur moment cinétique~σ
, soit(~r(t), ~v(t))
. Le mouvement pourra être rectiligne si~k = ~ 0
.En effet :
~σ = ~r ∧ m
e~v
e= m
er
2θ(t)~u ˙
z= ~ 0
donne :θ(t) = 0 ˙ 2 . 2
. 2
. ~σ = σ~u
z= σ~u
2.2.2.1. La projection
σ
sur~u
du moment cinétique :σ = m
er
2θ(t) ˙
2.2.2.2. Énergie mécanique de l’électron :E = E
c+ E
ptels que :
δW
f ~
r= −dE
pou E
p= 1
2 m
eω
o2r
2+ cte E
c= 1
2 m
ev
2= 1 2 m
e˙
r
2+ r
2θ ˙
2Or σ = m
er
2θ et E ˙
p(0) = 0 d
′ou : E = 1
2 m
er ˙
2+ σ
22m
er
2+ 1
2 m
eω
o2r
2= 1
2 m
er ˙
2+ U
ef f(r)
Soit :U
ef f(r) = σ
22m
er
2+ 1
2 m
eω
2or
2 2.2.2.3. Graphe deU
ef f(r)
:U
ef fr E
or
or
1r
2ConcoursNationalCommun—PHYSIQUEI—Filière:MP La seule force auxquelles est soumis l’électron est conservative, l’énergie mécanique est, donc,
conservatif (constante du mouvement). La condition du mouvement possible :
E
>U
ef f(r)
. La positionr
o est telle que :dU
ef f(r) dr
ro
= 0 ⇔ r
o=
r
σ
m
eω
oet E (r
o) = E
o= σω
oE = E(r
o)
Mouvement circulaireE > E(r
o)
Mouvement oscillatoire autour de la position d’équilibre stabler
o 2.2.2.4. PourE = E
o= σω
o, la trajectoire est circulaire. Le rayon de la trajectoire :r
o=
r
σ m
eω
o2 . 2
. 3
.
Théorème de la résultante cinétique :m
ed
2~r
dt
2= −m
eω
2o~r ⇒ d
2~r
dt
2+ ω
2o~r = ~ 0
La solution de l’équation différentielle vérifiée par
~r(t)
s’écrit sous la forme :~r(t) = − →
C
1cos(ω
ot) + − →
C
2sin(ω
ot)
Les conditions initiales donnent :~r(t) = ~r(0) cos(ω
ot) + ~r(0) ˙
ω
osin(ω
ot) 2 . 2
. 4
.
Mouvement de l’électron le long deOz
: 2.2.4.1. Par projection de~r(t)
dur~u
z, on obtient :z(t) = z(0) cos(ω
ot) + z(0) ˙
ω
osin(ω
ot)
2.2.4.2. Représentation complexe de la composante suivant l’axe
Oz
:~z(t) = Z exp −i (ω
ot + ζ) ~u
zavec
Z =
s
z
2(0) + z(0) ˙
ω
o 2arg z(t) = −ζ = arctan
z(0) ˙ z(0)ω
o
2 . 2 . 5
. ~x(t) = A exp −i (ω
ot + α) ~u
x2.2.5.1. D’après l’équation
(
14)
,~x(t) = 2A
′exp −i (ω
ot + α) ~u
x, ce qui implique que :2A
′= A
2.2.5.2. Les parties réelles des termes vectorielles de
~x(t)
:R
eA
2 (~u
x+ i~u
y) exp −i (ω
ot + α)
= A
2 (cos (ω
ot + α) ~u
x+ sin (ω
ot + α) ~u
y) (g) R
eA
2 (~u
x− i~u
y) exp −i (ω
ot + α)
= A
2 (cos (ω
ot + α) ~u
x− sin (ω
ot + α) ~u
y) (d)
(d)
: caractérise le mouvement circulaire droit dans le plan(xOy)
(g)
: caractérise le mouvement circulaire gauche dans le plan(xOy)
ConcoursNationalCommun—PHYSIQUEI—Filière:MP
2 . 2 . 6
. ~y(t) = B exp −i (ω
ot + β) ~u
y.~y(t)
pourra s’écrire sous la forme :~y(t) = B
′(~u
x+ i~u
y) exp −i (ω
ot + β) − B
′(~u
x− i~u
y) exp −i (ω
ot + β)
avec2iB
′= B 2 . 2
. 7
.
Le mouvement de l’électron dans le plan perpendiculaire à l’axeOz
est décrit par :~r
⊥(t) = ~x(t) + ~ y(t)
2.2.7.1. On remplace
~x(t)
et~y(t)
par leurs expressions, on obtient :~r
⊥(t) = A
2 e
−iα− iB 2 e
−iβ
(~u
x+ i~u
y)e
−iωot+ A
2 e
−iα+ iB 2 e
−iβ
(~u
x− i~u
y)e
−iωotSoit :
~r
⊥(t) = R
g(~u
x+ i~u
y)e
−iωot+ R
d(~u
x− i~u
y)e
−iωottels que
R
g= 1
2 (Ae
−iα− iBe
−iβ) R
d= 1
2 (Ae
−iα+ iBe
−iβ)
2.2.7.2. Le mouvement général est elliptique : oscillateur spatial.2 . 3
.
Changements de fréquence dus à la rotation de Larmor2 . 3 . 1
.
Théorème de la résultante cinétique appliqué dans le référentiel du laboratoire :m
ed~v
dt = −e~v ∧ B~u
z+ f ~
r2 . 3
. 2
.
Projection selon l’axeOz
:m
e~u
z. d~v
dt = −e~u
z.~v ∧ B~u
z+ ~u
z. ~ f
r= 0 ⇒ v
z= 0 2 . 3
. 3
.
Projection selon l’axeOx
et selon l’axeOy
:¨
x(t) = − eB
m
ey(t) ˙ − ω
2ox(t) et y(t) = + ¨ eB
m
ex(t) ˙ − ω
2oy(t) 2 . 3
. 4
. R
d= 0 ⇒ Aexp − iα = −iBexp − iβ
etR
g= Aexp − iα
. 2.3.4.1. Expressions dex(t)
ety(t)
:x(t) = R
ge
−iωot= Xe
−iω+tet y(t) = iR
ge
−iωot= iXe
−iω+tAvec X = R
g× R
∗g= A
2On trouve :
˙
y(t) = iX(−iω
+)e
−iω+t= Xω
+e
−iω+t= ω
+x(t) ⇒ y(t) = ˙ ω
+x(t) eq(∗)
2.3.4.2. De la même manière on en déduit :˙
x(t) = −ω
+y(t)
Par combinaison des équations
eq(∗)
et la première équation en (2.
3.
3.
), on a :¨
x(t) = − eB
m
eω
+x(t) − ω
o2x(t) = − eB
m
eω
++ ω
2ox(t)
Or
x(t) = ¨ −ω
+2x(t)
soitω
2+− eB
m
eω
++ ω
o2= 0
ConcoursNationalCommun—PHYSIQUEI—Filière:MP 2.3.4.3. Domaine visible :
0, 4 ≤ λ ≤ 0, 8 (
enµm)
pour
λ
o= 0, 4µm
la pulsation propre
ω
o= 2πc
oλ
o≈ 4, 71 × 10
15s
−1 la pulsation cyclotronω
cy= eB
m
e≈ 1, 75 × 10
11s
−1Conclusion : Dans le domaine visible, la pulsation cyclotron
ω
cyest négligeable devant la pulsationω
o.2.3.4.4. L’équation vérifiée par
ω
+:ω
2+− ω
+eB
m
e− ω
o2= 0
∆ = eB
m
e 2+ 4ω
2o⇒ ω
+= eB 2m
e±
s
eB
2m
e 2+ ω
2o≈ eB 2m
e± ω
o La solution acceptable physiquement estω
+≈ eB
2m
e+ ω
o⇒ ∆υ
+= ω
+− ω
o2π = eB 4πm
e2 . 3
. 5
. R
g= 0 ⇒ Aexp − iα = iBexp − iβ
etR
d= Aexp − iα
. Expressions dex(t)
ety(t)
:x(t) = R
de
−iωot= Y e
−iω−tet y(t) = −iR
de
−iωot= −iY e
−iω−tAvec Y = R
d× R
∗d= A
2Du même raisonnement qu’en (2
.
3.
4.
2.
), on montre queω
− vérifie l’équation suivante :ω
2−+ ω
−eB
m
e− ω
o2= 0
La solution acceptable physiquement estω
−≈ − eB
2m
e+ω
o⇒ ∆υ
−= ω
−− ω
o2π = − eB
4πm
e= −∆υ
+ Dans les deux cas on a :∆ω = ω
±− ω
o= ± eB
2m
e= − qB
2m
e= Ω
larmorD’où résultat en accord avec le théorème de Larmor.
2 . 4
. Cons´ equence sur les raies d’´ emission de l’atome
2 . 4 . 1
.
Mouvement de l’électron le long deOx
en l’absence de tout champ magnétique extérieur :2.4.1.1. En coordonnées sphérique d’axe
Oz
, le vecteur position :R ~ = OM ~ = R~u
r et le vecteur moment dipolaire électrique :~ p(t) = −e~r(t) = −ez(t)~u
z avec la coordonnéez(t) = R cosθ
E ~ = −c
2o~k
ω ∧ B ~ = −c
o~u
r∧ B ~
etB ~ = µ
oω
24π
−
→ R
c
o~u
r∧~ p t −
−
→ R
/c
o
= − µ
oω
24π
−
→ R
c
op
t −
−
→ R
/c
o
sin θ ~u
ϕSoit :
E ~ = − c
2oµ
oω
24π
−
→ R
p
oe
iωt−
−
→R /co
sin θ ~u
θConcoursNationalCommun—PHYSIQUEI—Filière:MP 2.4.1.2.
Soit
(△)
, une direction suivant le vecteur~u
ϕperpendiculaire au plan formé par~u
ret~u
ϕ.Le champ electrique pourra s’ecrire :
E ~ = − µ
oω
24π
−
→ R
~u
θ.~ p t −
−
→ R
/c
o~u
θ◦
Le champE ~
est polarisé (rectilignement) selon la direction~u
θ, donc, perpendiculaire à(△)
.◦
Le champB ~
est polarisé (rectilignement) selon la direction~u
ϕ, donc, parallèle à(△)
. 2.4.1.3.◦
Dans la direction de l’axeOz
:θ = 0
, doncE ~ = B ~ = ~ 0
( le moment selon l’axeOz
ne rayonne pas d’onde électromagnétique).◦
Dans la direction perpendiculaire à l’axeOz
:θ = π/2
:E ~ = + µ
oω
24π
−
→ R
p
oe
iω(t−
−
→R /co)
~u
z etB ~ = − µ
oω
24π
−
→ R
c
op
oe
iω(t−
−
→R /co)
~u
ϕ2 . 4 . 2
.
Considérons un dipôle oscillant quelconque, de vecteur moment dipôlairep ~ = p~u
(~u
vecteur unitaire )E ~ = −c
2o~k
ω ∧ B ~ = −c
o~u
r∧ B ~
etB ~ = µ
oω
24π
−
→ R
c
o~u
r∧ p ~ = µ
oω
24π
−
→ R
c
op
oe
iω(t−
−
→R /co)
(~u
r∧ ~u)
Posons :
∧
~u
r, ~u
= φ
ce qui donne :~u
r∧ ~u = sin φ ~u
B avec~u
B= B ~
B ~
~u
ret~u
appartiennent au même plan : plan pôlaire(~u
r, ~u
θ)
, d’où :~u = cos φ~u
r+ sin φ~u
θ et~u
ϕ= ~u
B⇒ sin φ = ~u.~u
θ Donc :B ~ = µ
oω
24π
−
→ R
c
op
oe
iω(t−
−
→R /co)
(~u.~u
θ) ~u
ϕ⇒ E ~ = − µ
oω
24π
−
→ R
p(t −
−
→ R
/c
o)(~u.~u
θ)(~u
r∧ ~u
ϕ)
D’où le résultat ! !2 . 4 . 3
.
L’atome est soumis à l’action d’un champB ~
magnétostatique uniforme. On s’intéresse à l’émission de la lumière dans un plan d’observation parallèle àB ~
.2.4.3.1.
◦
En absence du champ magnétiqueB ~
, la fréquence de la lumière émise dans le plan d’obser- vation (suivant△
) est :υ
o= ω
o2π
◦
En absence du champ magnétiqueB ~
, On observe deux radiations lumineuses de fréquences respectives :υ
− etυ
+ telles que :υ
−= ω
−2π = ω
o2π
1 − eB 2ω
om
e
et
υ
+= ω
+2π = ω
o2π
1 + eB 2ω
om
e
ConcoursNationalCommun—PHYSIQUEI—Filière:MP Ce résultat signifie que les niveaux d’énergie pour une énergie donnée
E
,quant l’atome estplacé dans un champ magnétique, sont séparés en deux niveaux distincts de :
∆E = heB
4πm
e=
~eB
2m
e avech :
constante de Plank et ~= h 2π
C’est le résultat connu sous le nom de l’effet Zeeman, du non du physicien hollandais Péter Zeeman [1865-1943] qui découvrit expérimentalement ce phénomène.
2.4.3.2.
◦
L’onde émise de fréquenceυ
o est polarisée rectilignement suivant l’axeOz
.◦
Le mouvement circulaire dans le sens direct de fréquenceυ
+ donne une onde polarisée rectilignement mais orthogonale au champB ~
.◦
Le mouvement circulaire dans le sens rétrograde de fréquenceυ
− donne une onde polarisée rectilignement mais orthogonale au champB ~
.2.4.3.3. Application numérique:
υ
o≈ 0, 75.10
15Hz υ
−≈ 0, 75.10
15Hz υ
+≈ 0, 75.10
15Hz 2 . 4
. 4
.
L’atome est soumis à l’action d’un champB ~
magnétostatique uniforme. On s’intéresse à l’émission de la lumière dans un plan d’observation perpendiculaire àB ~
.2.4.4.1. Dans la direction de l’axe
Oz
:E ~ = B ~ = ~ 0
, pas de rayonnement, la lumière émise est, donc, caractérisée par deux raies de fréquences :υ
− etυ
+.2.4.4.2. Les raies observées sont polarisées circulairement.
2.4.4.3. Cf. T.P Optique (polarisation de la lumière).
2 . 4 . 5
.
Lampe à vapeur de cadmium.2.4.5.1. On a trois raies spectrales de longueurs d’ondes :
λ
o− ∆λ , λ
o etλ
o+ ∆λ
et on a :∆υ
+= eB 4πm
e= c
o
1
λ
o− ∆λ − 1 λ
o+ ∆λ
= c
o∆λ
λ
2o⇒ ∆λ λ
o=
eλ
o4πc
om
e
B
2.4.5.2.
Le terme
∆λ
λ
o= aB
aveca = e m
e
λ
o4πc
o
D’après la figure donnant les variation de
∆λ
en fonction deB
, on a :a = 11, 2 × 10
−60, 32 = 35 × 10
−6⇒ e
m
e= 2, 1 × 10
11A.s.kg
−12.4.5.3. Cf. TP Interféromètre de Michelson (mise en évidence du phénomène de batte- ment).