Enonc´e noG128 (Diophante)
Solution de Jean Moreau de Saint-Martin
Je note g, d, h, b le nombre des d´eplacements ´el´ementaires vers la droite, la gauche, le haut, le bas. Le nombre total de ces d´eplacements est n = g+d+h+b.
La probabilit´e de tirer un quadruplet (g, d, h, b) est n!4−n
g!d!h!b!
1) Retour `a la case d´epart
Il exige g=d, h =b d’o`u n= 2g+ 2h, pair. Sin est impair, la probabilit´e de ce retour est 0. Sin= 2m, les cas `a consid´erer sontd=g,h=b=m−g, et la probabilit´e de retour est
p1 =X
g
n!4−n
g!g!(m−g)!(m−g)! = 4−nX
g
CnmCmgCmm−g = 4−n(Cnm)2 carPgCmgCmm−g est le coefficient dexm dans le produit (1 +x)m(1 +x)m. Pour n= 10, cette probabilit´e est 4−10(C105 )2 = (63/256)2 = 3969/65536.
2) Arriv´ee dans le carr´e k×kcentr´e sur la case d´epart
Je me limite au cas particulier k= 5, n = 10 car le cas g´en´eral ne se prˆete pas `a une formule de synth`ese comme les questions 1) et 3).
Pour que le quadruplet (g, d, h, b) fasse aboutir dans le carr´e 5×5, il faut
|g−d| ≤2,|h−b| ≤2.
Sig+d=m,h+b= 10−met la probabilit´e d’un quadruplet s’´ecrit 4−10C10mCmgC10−mh .
Soitf(m) =PgCmg avec la contrainte|g−d|=|2g−m| ≤2.
Pour m= 0 `a 10, on obtient la suitef(m) : 1, 2, 4, 6, 14, 20, 50, 70, 182, 252, 672.
Les tirages fournissantg+d=mdonnent la probabilit´e 4−10C10mf(m)f(10−m)
d’aboutir dans le carr´e sp´ecifi´e, et la table de f(m) permet d’obtenir p2 =Pm4−10C10mf(m)f(10−m) = 4473/8192.
3) Arriv´ee dans la croix grecque
J’observe que le domaine constitu´e par les branches gauche et droite de la croix, compl´et´e par la case de d´epart, est caract´eris´e par la conditiong=d.
De mˆeme, les branches haute et basse plus la case de d´epart forment un domaine caract´eris´e par la conditionh=b.
La probabilit´e d’avoir g=dest n!4−n
g!g!h!n−2g−h! = 4−nCn2gC2gg Cn−2gh 1
Il n’y a pas de condition surh, doncPhCn−2gh = 2n−2g. Il reste `a sommer eng l’expressionCn2gC2gg 2−n−2g.
Pour cela j’observe que C2gg 2−2g est la moyenne de cos2gx sur une p´eriode.
La probabilit´e queg=dest la moyenne de P
gCn2gcos2gx2−n, ou encore P
fCnfcosfx2−n, car les valeurs impaires def ont une contribution nulle (le cosinus prenant des valeurs oppos´ees quandxaugmente d’une demi-p´eriode).
OrPfCnfcosfx2−n= (1 + cosx)n2−n= cos2n(x/2), et cette expression a pour moyenneC2nn2−2n.
La probabilit´e que l’arriv´ee soit dans les branches gauche ou droite de la croix (centre exclu) est C2nn2−2n−p1 =p3/2, sip3 est la probabilit´e totale d’arriver dans la croix grecque (centre exclu) et p1 la probabilit´e de retour
`
a la case d´epart, qui vaut 0 sin impair, 2−2n(Cnm)2 sin= 2m.
p3=C2nn21−2n−2p1
La probabilit´e totale d’arriver dans la croix grecque (centre inclus) est alors p3+p1=C2nn 21−2n−p1
Avecn= 10,p3+p1= 2−19C2010−(2−10C105 )2 = 38251/131072.
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