PHENOMENES NON-LINEAIRES ET CHAOS
Corrig ´ e de la s ´ erie 1: Fonctions g ´ en ´ eratrices
Exercice 1 Billard (Stade de Bunimovich)
On doit trouver une expression pour la longueur de la corde l(s
n, s
n+1) entre deux points s
net s
n+1situ´es sur le bord ∂Q du billard.
Soit (X(s), Y (s)) les coordonn´ees cart´esiennes qui d´ecrivent ∂Q alors l(s
n, s
n+1) =
[X(s
n+1) − X(s
n)]
2+ [Y (s
n+1) − Y (s
n)]
21 2
ceci donne
∂l(s
n, s
n+1)
∂s
n= 1
l(s
n, s
n+1) {[X(s
n+1) − X(s
n)] ∂
sn(−X(s
n))
+ [Y (s
n+1) − Y (s
n)] ∂
sn(−Y (s
n))} (1) Il s’agit de montrer que ceci est ´egal ` a u
n= − cos Θ
n.
La direction de la droite r est
∂
snX(s
n)
∂
snY (s
n)
= ~n et l’ ´equation de cette droite est:
r :
X(α) = X(s
n) + ∂
snX(s
n) α
Y (α) = Y (s
n) + ∂
snY (s
n) α , α > 0 Pour la droite ρ, la direction est
Y (s
n) − Y (s
n+1) X(s
n+1) − X(s
n)
=
−∆Y
∆X
= ~n car il s’agit de la perpendiculaire ` a la droite qui contient le segment l(s
n, s
n+1). Donc l’
´equation de la droite est:
ρ :
X(β) = X(s
n+1) − ∆Y β
Y (β) = Y (s
n+1) + ∆X β , β > 0
Consid´erons maintenant l’intersection entre r et ρ, on a le syst` eme suivant:
X(s
n) + ∂
snX(s
n) α
T= X(s
n+1) − ∆Y β
TY (s
n) + ∂
snY (s
n) α
T= Y (s
n+1) + ∆X β
T= ⇒
(∆X)
2= ∂
snX(s
n)∆Xα
T+ ∆Y ∆Xβ
T(∆Y )
2= ∂
snY (s
n)∆Y α
T− ∆X∆Y β
T= ⇒ l
2(s
n, s
n+1) = α
T{∂
snX(s
n)∆X + ∂
snY (s
n)∆Y } (2) La distance entre le point (X(s
n), Y (s
n)) et T , not´ee r
nest
r
2n= [X
T− X(s
n)]
2+ [Y
T− Y (s
n)]
2soit en utilisant l’´equation de la droite r avec α = α
T,
r
n2= α
T2[∂
snX(s
n)]
2+ [∂
sny(s
n)]
2Il est clair que l(s
n, s
n+1) = cos Θ
nr
n, ainsi
cos Θ
n= l(s
n, s
n+1) α
T[∂
snX(s
n)]
2+ [∂
snY (s
n)]
21 2
(2)
= l(s
n, s
n+1)
[∂
snX(s
n)]
2+ [∂
snY (s
n)]
21 2
∂
snX(s
n)∆X + ∂
snY (s
n)∆Y l
2(s
n, s
n+1)
= 1
l(s
n, s
n+1) {[X(s
n+1) − X(s
n)] ∂
sn(X(s
n)) + [Y (s
n+1) − Y (s
n)] ∂
sn(Y (s
n))}
car (
∂X(s
n)
∂s
n 2+
∂Y (s
n)
∂s
n 2)
12= (
dX(s) ds
s=sn 2
+
dY (s) ds
s=sn 2
)
12= dS
ds
s=sn= 1 Ce qui montre
∂l(sn∂s,snn+1)= − cos Θ
n= u
nPour la deuxi` eme ´egalit´e on a
∂l(s
n, s
n+1)
∂s
n+1= 1 l(s
n, s
n+1)
[X(s
n+1) − X(s
n)] ∂
sn+1(X(s
n+1))
+ [Y (s
n+1) − Y (s
n)] ∂
sn+1(Y (s
n+1)) (3) ainsi les droites r et ρ sont:
r :
X(α) = X(s
n) − ∂
sn+1X(s
n+1) α
Y (α) = Y (s
n) − ∂
sn+1Y (s
n+1) α , α > 0 ρ :
X(β) = X(s
n) − ∆Y β
Y (β) = Y (s
n) + ∆X β , β > 0
Les mˆemes consid´erations que pr´ec´edemment donnent
l
2(s
n, s
n+1) = α
T∆X∂
sn+1X(s
n+1) + ∆Y ∂
sn+1Y (s
n+1) r
n+1= α
T= ⇒ cos Θ
n+1= l(s
n, s
n+1) r
n+1(3)
= ∂l(s
n, s
n+1)
∂s
n+1d’o ` u
∂l(s
n, s
n+1)
∂s
n+1= cos Θ
n+1= −u
n+1Exercice 2 Dynamique hamiltonienne
Rappel de m´ ecanique analytique
1. Consid´erons un syst`eme hamiltonien avec espace de phase Γ = (~ p, ~ q) o` u [~ p = (p
1, p
2, . . . , p
N); ~ q = (q
1, q
2, . . . , q
N)]
Les ´equations canoniques bien connues sont
˙
p
k= − ∂H (~ p, ~ q, t)
∂q
k; q ˙
k= ∂H (~ p, ~ q, t)
∂p
k1 ≤ k ≤ N (4)
Un changement de variables dans l’espace de phase Γ (~ p, ~ q) → ( P , ~ ~ Q) est appel´e transformation canonique si ∃ 2N ´equations inversibles (dans un ouvert de Γ)
Q
k= Q
k(~ p, ~ q, t) 1 ≤ k ≤ N
P
k= P
k(~ p, ~ q, t) (5)
telles que la forme des ´equations canoniques dans les nouvelles variables est pr´eserv´ee, i.e. si l’on a
P ˙
k= −
∂H
P , ~ ~ Q, t
∂Q
k; Q ˙
k=
∂H
P , ~ ~ Q, t
∂P
k1 ≤ k ≤ N (6)
o` u H( P , ~ ~ Q, t) est le nouvel hamiltonien du syst`eme.
2. Il est clair que (4) resp. (6) rend stationnaire l’action S =
Z
t1t0
dt X
k
p
kq ˙
k− H(~ p, ~ q, t)
!
resp.
S = Z
t1t0
dt X
k
P
kQ ˙
k− H( P , ~ ~ Q, t)
!
on a donc δ
(1)S = 0 resp. δ
(1)S = 0; clairement la condition au bord δ~ q(t
0) = δ~ q(t
1) = 0 resp. δ ~ Q(t
0) = δ ~ Q(t
1) = 0 est prise en compte. Ainsi
S = S + Z
t1t0
dW
dt dt δ
(1)W (t
1) = 0 = δ
(1)W (t
2) Donc
dW
dt = X
k
p
kq ˙
k− H(~ p, ~ q, t) − (
X
k
P
kQ ˙
k− H( P , ~ ~ Q, t) )
(7) La d´ependance de W par rapport aux variables ~ p, ~ q, ~ P , ~ Q, t est par:
(a) on a (2N + 1) variables ind´ependantes `a cause de (5).
(b) W doit d´ependre des nouvelles et anciennes coordonn´ees.
Ceci donne finalement 4 possibilit´es:
W
1(~ q, ~ Q, t) ; W
2(~ q, ~ P , t) ; W
3(~ p, ~ Q, t) ; W
4(~ p, ~ P , t) 3. Depuis W
1(~ q, ~ Q, t) et en utilisant (7), on trouve
dW
1dt = ∂W
1∂t + X
k
∂W
1∂q
k˙
q
k+ X
k
∂W
1∂Q
kQ ˙
k= X
k
p
kq ˙
k− H(~ p, ~ q, t) − (
X
k
P
kQ ˙
k− H( P , ~ ~ Q, t) )
d’o` u X
k
∂W
1∂q
k− p
k˙ q
k+ X
k
∂W
1∂Q
k+ P
kQ ˙
k+ ∂W
1∂t +H(~ p, ~ q, t)−H( P , ~ ~ Q, t) = 0 Les q
ket Q
k´etant ind´ependants, on doit avoir
∂W
1(~ q, ~ Q, t)
∂q
k= p
k; ∂W
1(~ q, ~ Q, t)
∂Q
k= −P
k1 ≤ k ≤ N (8)
et
H( P , ~ ~ Q, t) = H(~ p, ~ q, t) + ∂W
1(~ q, ~ Q, t)
∂t La condition ”technique”: det n
∂2W1
∂qk∂Qk
o
6= 0 est n´ecessaire pour l’inversion de (8).
Pour le cas de W
2(~ q, ~ P , t) on remarque que
W
2(~ q, ~ P , t) = W
1(~ q, ~ Q, t) + X
k
Q
kP
kd’o` u
∂W
2(~ q, ~ P , t)
∂q
k= p
k; ∂W
2(~ q, ~ P , t)
∂P
k= Q
k1 ≤ k ≤ N (9)
1. La transformation infinit´esimale
Q
k= q
k+ δq
k; P
k= p
k+ δp
k(10)
est donn´ee par
W
2(~ q, ~ P ) = X
k
q
kP
k+ G(~ q, ~ P ) petit car P
k
q
kP
kdonne la transformation triviale Q
k= q
k; P
k= p
ket δq
k, δp
ksont consid´er´es infinit´esimaux. Par (9) on a p
k= ∂W
2(~ q, ~ P )
∂q
k= P
k+ ∂G(~ q, ~ P )
∂q
k1 ≤ k ≤ N et
Q
k= ∂W
2(~ q, ~ P )
∂P
k= q
k+ ∂G(~ q, ~ P )
∂P
k1 ≤ k ≤ N avec (10)
⇒
( δq
k=
∂G∂P(~q, ~P)k