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On considère l’équation ( E ) :

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Academic year: 2022

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Texte intégral

(1)

EXERCICE 2 (5 points )

Candidats n’ayant pas suivi l’enseignement de spécialité

Les parties A et B sont indépendantes.

On considère l’équation ( E ) :

z

3

− (4 + i ) z

2

+ (7 + i ) z − 4 = 0.

où z désigne un nombre complexe.

Partie A

1. a) Montrer que ( E ) admet une solution réelle, notée z

1

.

b) Déterminer les deux nombres complexes a et b tels que, pour tout nombre complexe z, on ait : z

3

− (4 + i)z

2

+ (7 + i)z − 4 = (z − z

1

)(z − 2 − 2i)(az + b).

2. Résoudre (E).

Partie B

Dans le plan muni d’un repère orthonormal direct (O, − → u , → − v ), on considère les trois points A, B et C d’affixes respectives 1, 2 + 2 i et 1 − i.

1. Représenter les points A, B et C.

2. Déterminer le module et un argument de 2 + 2i

1 − i . En déduire la nature du triangle OBC.

3. Que représente la droite ( OA ) pour le triangle OBC ? Justifier votre affirmation.

4. Soit D l’image de O par la rotation d’angle − π

2 et de centre C. Déterminer l’affixe de D.

5. Quelle est la nature de OCDB ?

3

(2)

EXERCICE 2 Partie A

1) a)Soitx∈R.

x3− (4+i)x2+ (7+i)x−4=0⇔(x3−4x2+7x−4) +i(−x2+x) =0



x3−4x2+7x−4=0 et

−x(x−1) =0

(puisquexest réel)



 x=0

et

x3−4x2+7x−4=0 ou



 x=1

et

x3−4x2+7x−4=0

⇔x=1(car1−4+7−4=0et0−0+0−46=0).

z1=1.

b)Soienta, bet ztrois nombres complexes.

(z−1)(z−2−2i)(az+b) = (z2+ (−2−2i−1)z− (−2−2i))(az+b) = (z2− (3+2i)z+ (2+2i))(az+b)

=az3+ (−(3+2i)a+b)z2+ ((2+2i)a− (3+2i)b)z+b(2+2i).

En considérant les coefficients dez3et de z0, on choisit alorsaet btels quea=1et b(2+2i) = −4. On a b(2+2i) = −4⇔b= −4

2+2i ⇔b= − 2

1+i ⇔b= − 2(1−i)

(1+i)(1−i) ⇔b= −2(1−i)

12+12 ⇔b= −1+i.

Maintenant, sia=1et b= −1+ialors

−(3+2i)a+b= −(3+2i) −1+i= −(4+i), et

(2+2i)a− (3+2i)b= (2+2i) − (3+2i)(−1+i) =2+2i+5−i=7+i.

Par suite,

pour tout nombre complexez,z3− (4+i)z2+ (7+i)z−4= (z−1)(z−2−2i)(z−1+i).

2) Soitz∈C.

z3− (4+i)z2+ (7+i)z−4=0⇔(z−1)(z−2−2i)(z−1+i) =0⇔z=1ouz=2+2iouz=1−i.

En notantS l’ensemble des solutions de l’équation(E), on a donc S ={1, 2+2i, 1−i}.

Partie B

1) Voir graphique à la fin de l’exercice.

2) 2+2i

1−i = 2(1+i)2

(1−i)(1+i) = 2(1+2i−1)

12+12 =2i=2eiπ/2et donc

2+2i

1−i

=2et arg

2+2i 1−i

= π 2 [2π].

On en déduit que

−OC,→ −OB→

=arg zB

zC

=arg

2+2i 1−i

= π 2 [2π].

http ://www.maths-france.fr 3 c Jean-Louis Rouget, 2007. Tous droits réservés.

(3)

Par suite,

le triangleOBCest rectangle enO.

3) On azB =2+2i=2√ 2

1

√2 + 1

√2i

=2√

2eiπ/4. Donc(−−→ OA,−→

OB) = (−→u ,−→

OB) =arg(zB) = π 4. De même,zC=1−i=√

2e−iπ/4. Donc(−→

OC,−−OA) = −arg(z→ C) = π 4. Par suite,(−OC,→ −−OA) = (→ −−OA,→ −OB)→ et on a montré que

la droite(OA)est la bissectrice de l’angleOb du triangleOBC.

4) L’expression complexe de la rotation de centreCet d’angle−π 2 est

z=e−iπ/2(z−zC) +zC= −i(z−1+i) +1−i= −iz+2, et en particulier

zD= −i×0+2=2.

zD =2.

5) On sait déjà que l’angleCOB[ est un angle droit. D’autre part, puisque−→ CO,−→

CD

= −π

2, l’angle\OCDest également un angle droit. On en déduit que

le quadrilatèreOCDNest un trapèze rectangle.

1 2 3

1 2

−1

b b

b

b b

O

A

B

C

D

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