ConcoursNationalCommun—PHYSIQUEI—Filière:MP Corrigé proposé par:
M. Afekir - École Royale de l’Air CPGE Marrakech
cpgeafek@yahoo.fr
Satellites artificiels
Première partie Étude générale
1 . 1
.
Le Maroc a lancé son premier satellite artificiel en 2001. Nom : Zarkae Elyamama;il est destiné au usage de la télécommunication.1 . 2 .
G (r) = GM
r
2et g
o= GM
R
2T; Soit : G(r) = g
oR
2Tr
21 . 3 .
α
o= r
ov
o2g
oR
2T; β
o= ( −→ T S
o, − → v
o) et − →
f
G= − mg
oR
2Tr
2~u
r1 . 3 . 1
.
Théorème du moment cinétiqued − → σ
Tdt = − → M
T( − →
f
G) = − → 0 = ⇒ − → σ = constante vectorielle
Le mouvement du satellite est, donc, plan. Le plan du mouvement est le plan perpendiculaire, à chaque instant, au moment cinétique
− → σ
T qui est une constante vectorielle égale à sa valeur initiale ; soit :−→
T S
o∧ m~v
o. le plan du mouvement est le plan( −→
T S
o, − → v
o) 1 . 3
. 2 .
S
o~r
~v
o~u
θ~r
oT θ
β
o~u
r~u
n~u
t1 . 3 . 3
.
Moment cinétique du satellite−
→ σ
T= − → σ = −→ T S
o∧ m~v
o= m~r
o∧ ~v
o= ⇒ − → σ = mr
ov
osinβ
o~u
zou σ = mr
ov
osinβ
oConcoursNationalCommun—PHYSIQUEI—Filière:MP
1 . 4
.
Le vecteur Hamilton− → H
−
→ H = m~v − K σ
2− → σ ∧ ~r r
= m~v − K
σ
2( − → σ ∧ ~u
r) d − → H
dt = m~a − K σ
2
~σ ∧ d~u
rdt
= f ~
G− K
σ
2θ ˙ (~σ ∧ ~u
θ) f ~
G= − mg
oR
T2r
2~u
r et~σ = σ~u
z= mr
2θ~u ˙
z⇒ d − → H dt =
− mg
oR
2Tr
2− K mr
2
~u
rH
reste constante au cours du mouvement si et seulement si :K = m
2g
oR
2T1 . 5
.
HodographeH
1 . 5 . 1
.
−→ OA = ~v =
−
→ H m + K
mσ
2( − → σ ∧ ~u
r) ⇒ −→ OA =
−
→ H
m + g
oR
2Tr
ov
osinβ
o~u
θ−
→ H
étant constante du mouvement :− → H = − → H (t = 0)
; soit :−
→ H = m~v
o− K
σ ~u
t= m~v
o− mg
oR
2Tr
ov
osinβ
o~u
t= mv
ocosβ
o~u
n+ m
v
osinβ
o− g
oR
2Tr
ov
osinβ
o
~u
t~v =
−
→ H
m + g
oR
2Tr
ov
osinβ
o~u
θavec ~u
θ= − sinθ~u
n+ cosθ~u
tSoit :
~v
v
osinβ
o− g
oR
2Tr
ov
osinβ
o(1 − cosθ)
v
ocosβ
o− g
oR
2Tr
ov
osinβ
osinθ
(~ut,~un)
= v
t~u
t+ v
n~u
n= ⇒
v
t− v
osinβ
o+ g
oR
T2r
ov
osinβ
o2
+ (v
n− v
ocosβ
o)
2=
g
oR
T2r
ov
osinβ
o2
L’hodographe
H
est, donc, un cercle dans le plan(~u
t, ~u
n)
:•
de centre :C
v
osinβ
o− g
oR
2Tr
ov
osinβ
o, v
osinβ
o
•
de rayon :R = g
oR
2Tr
ov
osinβ
o1 . 5 . 2
.
Directions permises pour~v (H)
O A
(D
2)
(D
1) C
α
~v
−→H m goR2T rovosinβo~u
θOrigine O extérieur de
H
(H)
O A
C
~v
−→Hm goR2T
rovosinβo
~u
θOrigine O intérieur de
H
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1 . 5 . 3
.
Origine
O
A l’intérieur deH
A l’extérieur deH
Direction permise Toutes les directions Celles délimitées par
(D
1)
et(D
2)
Type de trajectoire elliptique ou circulaire hyperbolique ou parabolique1 . 5 . 4
.
−
→ H = m~v
o− K mr
2~u
t~v
o= v
ocosβ
o~u
n+ v
osinβ
o~u
tK = m
2g
oR
2T⇒ − → H = mv
ocosβ
o~u
n+ m
v
osinβ
o− g
oR
2Tr
ov
osinβ
o
~u
tavec ~u
t= sinθ~u
r+ cosθ~u
θ= ~u
θ(t = 0) et ~u
n= cosθ~u
r− sinθ~u
θ= ~u
r(t = 0)
Dans le cas d’un mouvement circulaire :β
o= π
2
etv
2o= g
oR
2Tr
oD’où :
− →
H = m
v
o− g
oR
2Tr
ov
o
~u
t= − → 0
1 . 6 .
⇀
ε = 1 K
−
→ H ∧ ~σ =
−
→ H ∧ ~σ m
2g
oR
2T1 . 6 . 1
.
−
→ H
et~σ
sont deux constantes vectorielles, donc :~ε
est aussi constante du mouvement.~ε ∈
au plan formé par− → H
et~σ = ⇒ ~ε ∈
au plan polaire(~u
r, ~u
θ)
.1 . 6 . 2
.
~r.~ε = r
m
2g
oR
2T~u
r. − → H ∧ ~σ
avec
: − → H ∧ ~σ = σ
2r − m
2g
oR
2T~u
r− mσ r ~u ˙
θ Soit :~r.~ε =
σ
2r − m
2g
oR
2T
r
m
2g
oR
2T= r k ~ ε k cos (θ − θ
o)
our = p
1 + e cos (θ − θ
o) e = k ~ε k
etp = σ
2K = σ
2m
2g
oR
2T= α
or
osin
2β
oθ
o est l’angle qui positionne l’axe de la conique par rapport à l’axe polaire.1 . 6 . 3
.
~ε =
− 1 + σ
2rK
~u
r− m σ
K r~u ˙
θ= ~ε (t = 0) =
− 1 + σ
2r
oK
~u
ro− m σ K r ˙
o~u
θo˙
r
o= v
ocos β
o⇒ ~ε =
− 1 + σ
2r
oK
~u
ro− m σ
K v
ocos β
o~u
θo⇒ e
2= k ~ε k
2= σ K
2
m
2v
o2cos
2β
o+
− K σ + σ
r
o2!
= σ K
2
m
2v
2ocos
2β
o+
− K
σ + mv
osin β
o 2!= σ K
2
m
2v
2o+ K
σ
2− 2 K r
o!
= 1 + m
2v
o2σ
2K
2− 2σ Kr
o= 1 − 2α
osin
2β
o+ α
2osin
2β
o oue
2= 1 + α
o(α
o− 2) sin
2β
oConcoursNationalCommun—PHYSIQUEI—Filière:MP
1 . 7
.
Nature de la trajectoire1 . 7 . 1
.
Tableau des résultats :β
oe(α
o)
Allure du graphe0
1FIG.1
π/6
12pα
2o− 2α
o+ 4 FIG.2 π/4
p1 +
α2o(α
o− 2) FIG.3 π/3
p1 + 3
α4o(α
o− 2) FIG.4 π/2 | α
o− 1 | FIG.5 e(α
o)
α
o0 1
1
2 2
3 3
4 4
5
FIG.1 FIG.2 FIG.3 FIG.4 FIG.5
√1 2
1 2
1 . 7 . 2
.
e e = 0
etβ
o= π/2 0 < e < 1 e = 1 e > 1
Nature de la trajectoire Cercle Ellipse Parabole Hyperboleα
oα
o= 1 α
o< 2 α
o= 2 α
o> 2
La vitesse de libération
v
lib correspond à l’état libre (ou de diffusion)où le mouvement est révolutif,= ⇒
Trajectoire hyperboliquee = 1
,ou α
o= 2
; soit :α
o= r
ov
lib2g
oR
2T= 2 = ⇒ v
lib=
s2g
oR
2Tr
o= R
Tr
2g
oz
o+ R
T1 . 7 . 3
.
La trajectoire est circulaire poure = 0
, soit :α
o(α
o− 2) sin
2β
o+ 1 = 0 et β
o= π 2
Vitessev
sdu satellite sur son orbite circulaire :α
o(α
o− 2) + 1 = 0 = ⇒ α
o= 1 = r
ov
s2g
oR
2Tou v
s= R
Tr
g
or
o= R
Tr
g
oz
o+ R
T1 . 8
.
On considère le cas :α
o= 1
et0 < β
o< π/2
.1 . 8 . 1
.
Dans ces conditions :e = 1 − sin
2β
o et on a0 < β
o< π/2
, d’où0 < e < 1
: La trajectoire est, donc, elliptique.ConcoursNationalCommun—PHYSIQUEI—Filière:MP
1 . 8 . 2
.
Expression deθ
o en fonction deα
oα
o= 1 ⇒ e
2= cos
2β
oet ecosθ
o= p
r
o− 1 = − cos
2β
o⇒ cosθ
o= − cosβ
oou θ
o= β
o+ π 1 . 8
. 3
. θ
o est, aussi, l’angle entre− → ε
et−→ T S
o :− → ε
coïncide, donc, avec le grand axe, dont les positions particulières sont telles que :⋄ θ = θ
o= β
o+ π
: la position du périgée. et⋄ θ = θ
o+ π == β
o+ 2π
: la position de l’apogée.Conséquence : le vecteur vitesse
~v
o est colinéaire au vecteur excentricité− → ε
et la positionS
oappartient, donc, au petit axe.
S
o−
→ ε
~v
o~r
oT
θ
oβ
oDeuxième partie Satellites circulaires
2 . 1
.
Satellites en orbite basse2 . 1 . 1
.
Théorème de la résultante cinétique−
→ f
G= − mg
oR
2TR
2~u
r= m~a = − m v
2R ~u
r+ dv
dt ~u
θ⇒ m v
2R = mg
oR
2TR
2ou v = R
Tr
g
oR 2 . 1
. 2
.
PériodeT
de révolution du mouvement du satellite et troisième loi de KeplerT = 2π R v = 2π
R
Ts
R
3g
o⇒ T
2R
3= 4π
2g
oR
2T2 . 1 . 3
.
Le satellite pôlaire est tel que l’axe pôlaire N-S se trouve dans son plan de trajectoire .Il n’y a pas de restriction sur le plan de la trajectoire et sur le sens de rotation car la force gravitationnelle est à symétrie sphérique ! !
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2 . 2
.
Satellites géostationnaires2 . 2 . 1
.
De tels satellites envoient des informations, auxquelles ils sont destinés, sans dépha- sage temporel.Applications :Obsevation et détection : des séismes , des volcans et des incendies ; télécommuni- cation...
2 . 2 . 2
.
T
o2(z
G+ R
T)
3= 4π
2g
oR
T2⇒ z
G= − R
T+
3r
g
oR
2TT
o24π
22 . 2
. 3
.
Application numérique :z
G≈ 35774km 2 . 2
. 4
.
Le plan de la trajectoire est le plan équatorial et le satellite tourne dans le même sens que la rotation de la Terre dans le repère géocentrique .2 . 3
.
Transfert d’orbite2 . 3 . 1
.
Lest trois trajectoires sont coplanaires (appartiennent au même plan).T
(C
B)(
E
H) (C
G)R
BR
GA P
2 . 3 . 2
.
⋄
Conservation du moment cinétique surE
H :σ
A= σ
P⇒ v
AR
G= v
PR
B⋄
Conservation du l’énergie surE
H :E
P= E
A⇒ 1
2 mv
2P− mg
oR
2TR
B= 1
2 mv
A2− mg
oR
2TR
G⋄
Combinaison des deux équations de conservation donne :v
2P− v
2A= 2g
oR
T21
R
B− 1 R
G
⇒
v
P= R
Ts
2g
oR
GR
B(R
B+ R
G) v
A= R
Ts
2g
oR
BR
G(R
B+ R
G)
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2 . 3 . 3
.
Variations de vitesses de transfert∆v
1= v
P− R
Tr
g
oR
B et∆v
2= − v
A+ R
Tr
g
oR
G2 . 3 . 4
.
Durée de la phase de transfert sur l’ellipse de HohmannSoit
T
H la période de révolution elliptiqueE
H et soita
H le demi-grand axe de l’ellipseE
H ,2a
H= R
G+ R
B∆t = T
H2
avecT
H2a
3H= 4π
2g
oR
T2 donc: ∆t = π 2R
Ts
(R
G+ R
B)
32g
o2 . 3 . 5
.
Soitc
H la position du foyer de l’ellipseE
H par rapport à son centree
H= c
Ha
H tels que :
a
H= R
B+ R
G2
c
H= a
H− R
B= R
G− R
B2
⇒ e
H= R
G− R
BR
B+ R
GTroisième partie
Influence de l’atmosphère terrestre
3 . 1
.
Modèle de force de frottement3 . 1 . 1
.
Variation de la quantité du mouvementOn considère le système (molécule - satellite) . La quantité du mouvement du système est :
⋄
Avant le choc :m~v
satellite+ m
′~v
molécule= m~v + m
′~ 0 = m~v
⋄
Après le choc :(m + m
′) ~v
syst choc mou,
et~v
syst:
vitesse du système après le choc La quantité du mouvement du satellite subit une variation :∆~ p = p
après− p
avant= m~v
syst− m~v = m (~v
syst− ~v) = m
m
m + m
′− 1
~v
Soit :
∆~ p = − mm
′m + m
′~v
ou :∆~ p ≈ − m
′~v
carm >> m
′3 . 1
. 2
.
La variation de la quantité du mouvement du satellite pendantdt
:⋄
Au cours du choc entre une molécule de massem
′et le satellite :d~ p
molécule≈ m
′~v
⋄
Au cours du choc entre l’atmosphère de massem
′et le satellite supposé sphérique :d~ p
atm≈
Xm
′~v = m
atm~v = µ(z)dτ~v = µ(z)Σvdt~v
La force subit par le satellite de la part de l’atmosphère s’exprime par :−
→ F = d~ p
atmdt = − µ(z)Σv~v
ou − → F = − k(z)v~v avec k(z) = µ(z)Σ
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3 . 1 . 3
.
Modèle d’atmosphère isotherme Équation de l’hydrostatique dans le champ de pesanteur :µ(z)~g = −−→
grad p ⇒ − µ(z)g = dp(z) dz
Dans le cadre de l’approximation :z << R
T :g ≈ g
o, donc :− µ(z)g
o= dp(z)
dz avec : p(z) = µ(z)
M RT ⇒ dµ(z)
dz = − M g
oRT µ(z)
⇒ µ(z) = µ
oexp
− z H
avec H = RT M g
oµ
o : masse volumique de l’air atmosphérique au voisinage de la surface de la Terre.3 . 2
.
Freinage du satellite3 . 2 . 1
.
Trajectoire circulaire du satellite dans le champ gravitationnel (champ Newtonnien) Le théorème de la résultante cinétique :− →
f
g= m~a
⇒ mg
oR
2TR
2= m v
2R ⇒ v
2= g
oR
2TR
T+ z ou 2vdv = − g
oR
2T(R
T+ z)
2dz
Soit : dv
dz = − R
T2 (R
T+ z)
r
g
oR
T+ z 3 . 2
. 2
.
L’énergie mécanique du satellite :E
m= E
c+ E
p avec
E
p= − mg
oR
2TR E
c= 1
2 mv
2= mg
oR
2TR
⇒ E
m= − E
p2 = − E
cAu cours de la chute du satellite, son énergie potentielle diminue (perd de l’altitude) et, donc, son énergie cinétique augmente ; par conséquent : sa vitesseaugmente ! !
3 . 2 . 3
.
Variation de l’énergie mécaniqueE
m= − 1
2 E
p= mg
oR
2TR ⇒ dE
mdz = mg
oR
T22 (R
T+ z)
2= mg
oR
2T2R
23 . 2
. 4
.
Travail des forces de frottementδW ( − → F ) = − → F .d~r = − k(z)v~v.~vdt = − k(z)v
3dt, ou δW ( − → F ) = − µ(z)Σv
3dt 3 . 2
. 5
.
Théorème de l’énergie mécaniquedE
mdt = P − → F
=
δW − → F
dt ⇒ mg
oR
2T2R
2dz
dt = − µ(z)Σv
3⇒ dz
dt = − µ(z)Σv
32R
2mg
oR
2Tdz
dt = − 2
m µ(z)ΣvR
oudz
dt = − Bµ(z)vR
avecB = 2 Σ
m
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3 . 2 . 6
.
D’après les résultats précédentsdz(t)
dt = − Bµ(z)vR = − 2 Σ m R
Tr
g
oR µ
oRe
−z(t) H
Dans l’approximation
z << R
T: R = z(t) + R
T≈ R
T⇒ dz(t)
dt = − 2 Σ m R
Tp
R
Tg
oµ
oe
−z(t) H
⇒
ez(t)
H
= − t
τ + C
oH ⇒ z(t) = H ln C
oH − t τ
tel que :
C
o=
ezH(0)Avec :
τ = mH
2ΣR
T√
R
Tg
oµ
o:
terme homogè ne à un temps.3 . 2 . 7
.
Application numérique:τ = 6, 45 × 10
−6s
La durée
t
chute du chute d’un satellite, depuis l’altitudeh
, est telle que :z(t
chute) = 0
= ⇒
ez(tchute)
H
= t
chuteτ =
eHh Soit :t
chute= τ
eHh= 6, 4.10
7s 3 . 2
. 8 .
Vitesse d’agitation thermique est :