DEVOIR A LA MAISON N°11. TS1.
Pour le mercredi 29 janvier 2020.
I. Déterminer les limites suivantes, en justifiant : 1. lim
x
x² e
x3 x 2 2. lim
x
2 e
x3 x ² x 3. lim
x 2
e
3x 61 6 x 12
II. Résoudre les équations et inéquations suivantes : 1. e
x1 0
2. e
4xe
2xe
x 3e
x 23. e
2x3e
x2 0.
III. Soit un nombre réel fixé non nul.
Le but de cet exercice est d’étudier la suite ( ) u
ndéfinie par u
0a et, pour tout entier naturel n, u
n 1e
2une
un. Soit g la fonction définie pour tout réel par : g (x ) e
2xe
xx.
1.
a. Prouver que, pour tout réel : g ( x) ( e
x1 ) ( 2e
x1 . )
b. Déterminer les variations de la fonction g et donner la valeur de son minimum.
c. Montrer que la suite est croissante.
2. Dans cette question, on suppose que a 0.
a. Que dire de la suite ( ) u
nlorsque a vaut ?
b. Démontrer par récurrence que, pour tout entier naturel n, u
n0.
c. Déduire des questions précédentes que la suite ( ) u
nest convergente.
3. Dans cette question, on suppose que a 0.
a. Démontrer que, pour tout entier naturel , on a u
n 1u
ng (a ).
b. Démontrer par récurrence que, pour tout entier naturel , on a : u
na n g (a ) . c. Déterminer la limite de la suite ( ) u
n.
4. Dans cette question, on prend a 0,02.
L’algorithme suivant a pour but de déterminer le plus petit entier tel que u
nM, où M désigne un réel positif. Cet algorithme est incomplet.
u 0,02 n 0
Tant que ……
………
………
Fin tant que
a. Compléter l algorithme.
b. À l’aide de la calculatrice, déterminer la valeur que cet algorithme affichera si M 60.
CORRECTION DU DEVOIR A LA MAISON N° 11. TS1.
I.
1. lim
x
x² e
xet lim
x
3 x 2 donc on a une F.I.
Pour tout reel x, x² e
x3 x 2 ex
x ² 3x
ex 2
ex e
x
x² 3 e
xx
2 e
xD après le cours, lim
x
e
xx donc lim
x
3 e
xx
0
D après le cours lim
x
e
xdonc lim
x
2 e
x0 De plus, lim
x
x² , Alors lim
x
x² 3 e
xx
2
e
xet lim
x
e
xdonc lim
x
x² e
x3x 2
2. lim
x
2 e
x3 et lim
x
(x² x) lim x
x² donc on a une F.I.
Pour tout x 1, 2 e
x3 x² x
e
x
2
3ex
x²
1
1x
e
xx ²
2
3ex
1
1x
D après le cours lim
x
e
xdonc lim
x
2 3
e
x2 D autre part lim
x
1 1
x 1 Alors lim
x
2
3ex
1
1x 2 1 2
De plus, d après le cours, lim
x
e
xx² Alors lim
x
2 e
x3
x² x .
3. lim
x 2
e
3x 61 0 (on le rédige en posant X 3x 6) et lim
x 2
( 6x 12) 0 donc on a une F.I.
Pour tout x différent de 2, e
3x 61 6x 12
1 2
e
3x 61 3x 6 On pose X 3x 6.
lim
x 2
X 0 et lim
X 0
e
X1
X 1 d après le cours.
Alors lim
x 2
e
3x 61
3 x 6 1 et donc lim
x 2
e
3x 61 6 x 12
1
2 1 1
2 II.
1. e
x1 0 e
x1 x 0 : S ]0 [.
2. e
4xe
2xe
x 3e
x 2 e
5x 3e
x 2 5x 3 x 2 x 1
4 La solution est 1 4 3. e
2x3e
x2 0
X e
xX ² 3X 2 0 Les racines de X² 3X 2 sont 1 et 2.
Donc e
2x3 e
x2 0
X e
xX 1 ou X 2 e
x1 ou e
x2. Pour tout x de , e
x0 donc
l équation n a pas de solution.
III.
1.
a. g est dérivable sur .
Pour tout x de , g ( x) 2 e
2xe
x1.
D autre part, pour tout x de , ( e
x1 ) ( 2e
x1 ) 2e
2xe
x2 e
x1 2 e
2xe
x1.
Ainsi, pour tout réel : g (x ) ( e
x1 ) ( 2 e
x1 . )
b. Pour tout x de , e
x0 donc 2 e
x1 0 e
x1 0 e
x1 x 0
On peut donc construire le tableau suivant : x 0 + e
x1
2e
x1 g (x) g( x)
0
Le mini mu m de g sur est g (0) e
0e
00 0 c. Soit n un entier naturel.
u
n 1u
ne
2une
unu
ng ( ) u
n0 car le minimum de g est 0 La suite ( ) u
nest donc croissante.
2. Dans cette question, on suppose que a 0.
a. Si a 0 : u
00 ; u
1e
0e
00 … : la suite ( ) u
nest constante. (se démontre de façon rigoureuse par récurrence.)
b. Initialisation : pour n 0 : u
0a 0 donc la propriété est vraie pour n 0.
Hérédité : soit p un entier naturel tel que u
p0. Montrons que u
p 10.
u
p 1e
2upe
upe
up( eup 1 )
u
p0 donc e
up1 donc e
up1 0
D autre part, e
up0 Ainsi, u
p 1e
up( eup 1 )
Conclusion : pour tout entier naturel n, u
n0.
c. La suite ( ) u
nest croissante et majorée par 0 donc elle converge vers un réel L.
3. Dans cette question, on suppose que a 0.
a. Soit n un entier naturel.
u
n 1u
ng ( ) u
nLa suite ( ) u
nétant croissante, u
nu
0, c'est-à-dire u
na 0 et donc g ( ) u
ng (a) car la fonction g est croissante sur +.
Ainsi, u
n 1u
ng (a ).
b. Initialisation : pour n 0 : u
0a et a 0g (a) a donc u
0a 0g (a ).
Hérédité : soit p un entier naturel tel que u
pa p g( a). Montrons que u
p 1a (p 1)g (a ).
D après la question précédente, u
p 1u
pg( a). Or u
pa pg ( a) Alors u
p 1a pg (a ) g (a ), c'est-à-dire u
p 1a ( p 1)g (a).
Conclusion : pour tout entier naturel , on a : u
na n g (a) . c. a 0 donc, d après le tableau de variation de g, g (a ) 0 et donc lim
n
ng ( a) . On a donc lim
n
a ng (a )
Or, d après la question précédente, pour tout n de , u
na n g (a ) . Par comparaison, on a alors lim
n