L HUILIER
Questions résolues. Solution du dernier des deux problèmes proposés à la page 196 de ce volume ; première solution
Annales de Mathématiques pures et appliquées, tome 2 (1811-1812), p. 293-300
<http://www.numdam.org/item?id=AMPA_1811-1812__2__293_1>
© Annales de Mathématiques pures et appliquées, 1811-1812, tous droits réservés.
L’accès aux archives de la revue « Annales de Mathématiques pures et appliquées » implique l’accord avec les conditions générales d’utilisation (http://www.numdam.org/conditions). Toute utilisation commerciale ou impression systématique est constitutive d’une infraction pénale.
Toute copie ou impression de ce fichier doit contenir la présente mention de copyright.
Article numérisé dans le cadre du programme Numérisation de documents anciens mathématiques
http://www.numdam.org/
QUESTIONS 293
qu’enfin
celle du centrede gravité
de l’octaèdre au mêmeplan
est( Lemme ) égale à I 2
h.En
prenant
donc ABC pour leplan
des momens, on devra avoir doncou
d’où
Ainsi,
la distance du centre degravité
du volumed’un tétraèdre
au
plan
de sa base est lequart
de sahauteur ;
d’où il est facilede conclure que ce centre est situé à l’intersection des droites
qui joignent
les sommets du tétraèdre aux centres degravité
des airesdes
faces opposées ;
et, parsuite, qu’il
est situé au milieu de la droitequi joint
les milicux de deux arêtesopposés quelconques. (*)
QUESTIONS RÉSOLUES.
Solution du dernier des deux problèmes proposés à la
page I96 de
cevolume ;
Première solution ;
Par M. LHUILIER ,
,professeur de mathématiques à l’académie impériale de Genève.
§.
I.LEMME.
I. Trouver deux droites dont on connaît lerectangle
etla différence des
carrés ;
ou, déterminer untriangle rectangle
dont on(*)
Voyez
laCorrespondance
sur l’écolepolytechnique ,
tome II , n.° 2, page96.
294 QUESTIONS
connaît une des
jambes
del’angle droite
et lerectangle de l’hypothénuse
par l’autre
jambe
deangle
droit?Soit
ABX ( fig. 3 )
untriangle rectangle
dont onconnait
unedes
jambes
AB del’angle droit
et terectangle
del’hypothénuse
AX par i’autre
jambe
BX del’angle droit ;
ondemande
cetriangle.
Que
lerectangle
donné AXxBX soitégal
aurectangle
du côtédonné AB par une droite
L ,
en sortequ’on
aitAX BX=AB Z;
on déduira de là
et
d’où
Soit conçue la droite
XZ perpendiculaire
à AX etqui
rencontreen Z le côté AB
prolongé,
on auradonc
donc on connaît la différence AB et le
rectangle
L2 des deux droites AZ etBZ ;
donc ces droites sont données.Construction.
Que
le côté AB soitprolongé
enZ ,
de manière que lerectangle AZ BZ
soitégal
au carré de la droite donnée L.Sur
AZ ,
commediamètre,
soit décrit un demi-cercle dont la circon- férence rencontre en X laperpendiculaire à
AB élevéedepuis
lepoint B ;
en menantAX,
letriangle
AXB sera letriangle
demandé.
En
appliquant
le calcul à cetteconstruction ,
on trouved’abord
et ensuite
295 Remarque.
Onpeut
traiter ceproblème
d’unemanière purement algébrique
comme il suit.Soient
les
équations
duproblème
serontajoutant
au carré de lapremière
lequadruple
du carré de la se-conde ,
ilviendra ,
enextrayant
la racinequarrée
del’équation
résultante ,
mais on a
donc
§. 2.
LEMME. Il. Soient deux droites
parallèles
entreelles ,
donnéesde
position ;
et soit unpoint
donne deposition,
sur leplan
deces droites. On
demande ,
sur 1-’une desparallèles ,
unpoint duquel
menant deux droites
perpendiculaires
entreelles
dont une passe par lepoint donné,
et dont l’autre soitterminée à la
seconde dcsparallèles données,
la différénce des carrés de ces droites soit donnée?Scient
AA’, BBf ( fig. 4 )
deux droitesparallèles
entreelles,
données de
position ;
et soit P unpoint
donné sur leplan
de cesparallèles.
Ondemande,
sur l’une de cesdroites,
telle queAA’,
un
point X, duquel
menant deuxdroites,
l’une XP aupoint
donneP
et l’autreXZ, perpendiculaire
àXP,
et terminée en Z à Fautreparallele ;
la difference des carrés de XZ et de PX soit donnée degrandear ?
Des points P et Z soient abaissées sur AA’ les
perpendiculaires
296 QUESTIONS
PA et ZY.
L’angle
PXZ étantsuppose droit,
lesangles PXA, ZXY,
valent ensemble un
angle droit,
etpartant
lestriangles PXA , XZY
sont
equiangles ;
doncMais les droites PA et ZY sont données de
grandeur ;
donc lerectangle AX XY
est aussi donné degrandeur.
Or,
et
donc
Donc,
on connait lerectangle
des droites XY etAX,
et la dif-férence de leurs
carrés ; donc (
LemmeI )
ces droites sont l’une etl’autre connues.
§. 3.
PROBLÈME. Conper
unprisme triangulaire
donné par unplan ,
de manière que la section soit donnée
d’espèce ?
Soit B
( fig. 5 )
unpoint donné ,
sur l’une BBI des arêtes d’unprisme triangulaire
dont les deux autres arêtes sontAA’ ,
CC’. Ondemande de couper ce
prisme
par unplan passant
parD ,
de manièreque la section soit donnée
d’espèce ?
Soit BXY la section cherchée.
Analise. Du
point
B soit abaissée sur leplan
de la faceopposée
la
perpendiculaire
BP. Dupoint
P soit abaissée sur la communesection XY de cette face et du
plan
cherché laperpendiculaire PZ ;
et soit menée BZ. La droite BZ sera la hauteur de la
section ,
enprenant
XY pour base et B pour sommet.Le
triangle
BXY étant donnéd’espèce,
lerapport
de XZ à ZYest connu, et
partant
lepoint
Zappartient
à une droite donnée deposition, parallèle
à AA’ etCCI ,
et sur leplan
de cesdroites ;
soit cette droite DD’.
Le rapport de XZ à BZ est aussi
donné ;
etpartant si ,
sur ladroite
XZ,
onconçoit portée
une droite ZVégale
àBZ ,
lepoint
v
297
V appartiendra
aussi à une droite donnée deposition , parallèle
ilDD’,
et
toujours
dans leplan
de AA/ et CC/. Soit EE/ cette droite.Cela
posé ,
la difference des carres de BZ et PZ estégale
aucarré de la droite donnée
BP ;
donc aussi la différence des carrés de ZV et de PZ estégale au
carré de la droite donnéeBP ,
et les droitesPZ et ZV sont l’une
perpendiculaire
àl’autre ;
donc( Lemme )
cesdroites sont déterminees. De là découle la construction suivante : Construction. Du
point
B soit abaissée sur la faceopposée
uneperpendiculaire
BP. Sur cette face soient déterminées deux droites( paral-
lèles aux arêtes du
prisme )
telles que, menant une droitequelconque
surle
plan
de cetteface,
lesparties
de cettedroite, comprises
entre lapremière parallèle
et les deux arètes, soient entre elles dans lerapport donne des scg-
mens faits sur la base de la
section ,
par laperpendiculaire
abaissée de sonsommet sur cette
base ;
et que lapartie
de la mêmedroite, comprise
entreces deux
parallèles,
soit à lapartie
de cette droitecomprise
entrela
première
et l’une des deux arêtes dans lerapport
donné de la hauteur du mêmetriangle
ausegment correspondant
de sa base.Que
DD/ et EE’ soient ces deux
parallèles.
Soit déterminé sur lapremière ( Lemme 2 )
unpoint
Z tel que, menant de cepoint
deux droitesperpendiculaires
entreelles,
l’uneZP,
terminée aupied
P de laperpendiculaire BP ,
et J’autreZV ,
terminée en V surEE’ , la
différence des carrés de ces deux droites soit
égale
au carré de laperpendiculaire
BP. La section XBZqui
passera par lepoint
B etpar la droite
ZV,
sera la section cherchée.§. 4.
Application
auproblème proposé. Que
laprojection
donnée d’es-pèce
soitprise
pour base d’unprisme droit ;
soitcoupé
ceprisme
par un
plan ,
de manière que la section soit semblable autriangle
donné. La base du
prisme
et la section sont entre elles comme laprojection
demandée dutriangle proposé
est à cetriangle.
Corollaire. Un
parallélogramme
étantproposé ,
onpeut
leprojeter
Tom. II
4I
298 QUESTIONS
orthographiquement ,
de manière que saprojection
soit un autreparallélegrame
donnéd’espèce.
Enparticulier,
onpeut projeter
unparallélogramme orthographiquement ,
de manière que saprojection
soit un carré.
§. 5.
On
peut
rechercher immédiatement lesangles
que les côtés BX et BY font avec raretéBB’,
etpartant
l’inclinaison desplans
dutriangle projeté
et de saprojection orthographique
donnéed’espèce.
Que
les côtés BA et BC de la sectionperpendiculaire
aux arêtesadjacents
aupoint
B soientdésignés
par a et c ; quel’angle compris
soit
designé
par 03B2 ; que lesangles
B’BX et B’BY soientdésignés
par x et par y ; que
l’angle
B dutriangle
XBY soitdésigné par b ; qu’enfin
lerapport
des côtés BX et BY soit celuide a à y;
onaura
donc donc
Or,
dansl’angle
solidetriangulaire
formé enB,
par lesangles
B’BX , B’BY , XBY ,
on aMettant pour
Sin.y
etCos.y
leurs valeurs et chassant lesdénominateurs,
il viendra
dégageant
cetteequation
de l’irrationnalité , et mettant pour Cos.2xsa valeur
I2013Sin.2x,
elledeviendra,
toutes réductionsfaites
,c2Sin.203B2Sin.4x-(c2-2c03B3Cos.bCos.03B2+03B33)Sin.2x+03B32Sin.2b=o ;
R 299
on obtiendra
demême ,
Lorsqu’on
a déterminé lesangles
xet y ,
on a déterminé lesrapports
des dimensions dutriang !e
àprojeter
et de saprojection ;
partant
aussi on a deterininé lerapport
des surfaces de cetriangle
et de sa
projection. Or ,
cerapport
est celui du sinus total.an.cosinus
de l’inclinaison de leurs
plans
entre eux ;partant
cette inclinaisonest connue.
§.
6Le
problème qui
faitl’objet
du Lemmepremier
est un cas par- ticulier d’unproblème plus général ,
danslequel l’angle
B au lieu d’êtredroit est un
angle quelconque.
Ce
problème général
est solide. Je vais en exposer la solution par l’intersection du cercle et d’uneparabole.
Soit ABX un
triangle ( fig. 6 )
dont on connaît un côtéAB,
un
angle
B sur cecôté ,
différent d’undroit ,
et lerectangle
desdeux autres côtés AX et
BX ,
on demande cetriangle.
Soit Ab
perpendiculaire
àBX ;
et que lerectangle
donné soitégal
au
rectangle
de laperpendiculaire
Ab par une droite 1 donnée degrandeur.
Puisqu’on
aon doit avoir
donc
ou
Du
point B
comme centre, avec le rayon 1 soit décrit uncercle ;
et que la
perpendiculaire
élevée à BXdepuis
lepoint
X rencontre300
QUESTIONS
en Y la circonférence de ce
cercle ;
on aural3-BX2=XY3 ;
doned’où
donc le
point
Y est à uneparabole
dont Bb est une double coor-donnee de
l’axe ,
et dont leparamètre
est laperpendiculaire
Ab.Remarque.
Laparabole qui
passe par le centre B du cercle dont le rayon estl ,
coupetoujours
en deuxpoints ,
aumoins ,
la circon- férence de cecercle ;
mais ellepeut
aussi couper cette circonférenceen deux autres
points ,
ou la toucher en unpoint
ou ne la rencontreren aucun autre
point.
Au cas du contactrépond
unelimite ,
enpetitesse ,
durectangle proposé.
Comme ceproblème
est seulementaccessoire au but
principal
de cemémoire , je
ne crois pas devoir insister sur la discussion de ces difftircns cas.Ce dernier
problème
,envisagé agébriquement ,
conduit à uneéquation
duquatrième degré,
Soit
AB=a ,
et quel’angle B
soitdésigné
par ~. SoitBX=x ,
le
rectangle
donné estxx2=2axCos.~+a2 ;
que cerectangle
soitp2 ,
on al’équation
cette
équation
a au moins deux racines réelles.Deuxième solution ;
Par M. D. ENCONTRE , professeur , doyen Je la faculté des
sciences de l’académie de Montpellier ;
J. Soit ABC
( fig. 7 )
letriangle qu’il s’agit
deprojeter ,
sesprojections
sur tous lesplans parallèles
a celui surlequel
on leprojetcra
seront toutes
égales.
Nous pouvons donc supposer que leplan
deprojection
passe par telpoint qu’il
nousplaira
dechoisir ;
et nous choisi-rons le