Exerie I
- Partie A -
1°)
x
ety
sontπ
périodiques. Eneet, pour toutt ∈
IR,x(t + π) = cos(2(t + π)) = cos(2t + 2π) = cos(2t) = x(t)
ety(t +π) = 2 sin(2(t + π)) = 2 sin(2t + 2π) = 2 sin(2t) = y(t)
.Cei permet de réduirel'intervalled'étude à
h − π 2 ; π
2 i
.
Par ailleurs, pour tout
t ∈
IR ,x( − t) = cos(2( − t)) = cos( − 2t) = cos(2t) = x(t)
donx
est paire. ety( − t) = 2 sin(2( − t)) = 2 sin( − 2t) = − 2 sin(2t) = − y(t)
dony
est impaire.Les deux fontions possédant une parité, onpeut enoreréduire et intervalleà
h 0 ; π 2
i
.
Étude de laourbe :
x ′ (t) = − 2 sin(2t)
. Sit ∈ h 0 ; π
2 i
alors
2t ∈ [ 0 ; π ]
donsin(2t) > 0
d'oùx ′ (t) 6 0
.y ′ (t) = 4 cos(2t)
. Sit ∈ h
0 ; π 2
i
alors
2t ∈ [ 0 ; π ]
doncos(2t)
hange de signe :si
t ∈ h 0 ; π
4 i
alors
2t ∈ h 0 ; π
2 i
don
cos(2t) > 0
d'oùy ′ (t) > 0
;si
t ∈ h π 4 ; π
2 i
alors
2t ∈ h π 2 ; π i
don
cos(2t) 6 0
d'oùy ′ (t) 6 0
.t 0 π
4
π x ′ (t) − 2
x(t)
1
− 1 y ′ (t)
+ 0−
y(t) 0
*
2H H H
H j 0
3°) Pour tout point de E,on a
x(t) = cos 2t
ety(t) = 2 sin 2t
donx 2 + y 2
2
= (cos 2t) 2 + (sin 2t) 2 = 1
d'où
x 2 + y 2 4 = 1
.Cette dernière équation est elle d'une ellipse don E est ontenue dans une ellipse.
Réiproquement,soit
M
un pointde etteellipse. On aalors :x 2 = 1 − y 2
4
.Or− y 2
4 6 0
donx 2 6 1
'est-à-dire
− 1 6 x 6 1
. Il existe alors un nombreu
tel quex = cos u
, ou enore, en posantt = u 2
,x = cos(2t)
. En remplaçant dansx 2 + y 2
4 = 1
, on obtienty = ± 2 sin(2t)
don (en onsidérant laparité de
x
et dey
)M
appartient à E.On pouvait aussi invoquer le fait que
x
varie de− 1
à 1 et quey
varie de− 2
à 2 (ave la symétrieobtenue grâeauxparités)ete,defaçonontinue(lesfontions
x
ety
sontontinues)donlaourbeE
orrespond bien à l'ellipse omplète.Rédationalternative:
x(t) = x 0 + a cos t
y(t) = y 0 + b sin t
estlareprésentationparamétriquedel'ellipsede entre(x 0 ; y 0 )
et d'axesa
etb
.Ii,
a = 1
etb = 2
,don l'étude faiteau 1°)montre que laourbeE est l'ellipse entière.Éléments aratéristiques :
entre
O
; demi grand-axeb = 2
, demi petit-axea = 1
; axefoalvertial (arb > a
),d'équationx = x 0 don x = 0
; sommets de oordonnées (x 0 = 0 ; y 0 + b = 2)
et (x 0 = 0 ; y 0 − b = − 2)
;
foyers de oordonnées
x 0 = 0 ; y 0 + c = √ 3
et
x 0 = 0 ; y 0 − c = − √ 3
ar
c = √
b 2 − a 2 = √
3
.1°) Le entre de Sest elui de C, 'est-à-dire
O
(on noteraqueO
est sur l'axe de rotation). Lerayon deS est elui de C, 'est-à-dire 2.
L'équation de lasphère Ss'érit don
(x − x 0 ) 2 + (y − y 0 ) 2 + (z − z 0 ) 2 = R 2 d'où x 2 + y 2 + z 2 = 4
.
2°) Il sut de vérier que lesoordonnées de
A
etB
satisfont l'équationde lasphère S.3°)
N
étant leplenord, ses oordonnées sphériques sont2 ; 0 ; π 2
. Pour le
A
, on utilise les formules
x = R cos θ cos ϕ y = R sin θ cos ϕ z = R sin ϕ
qui donnent
2 sin ϕ = z A = 0
donϕ = 0
d'oùcos ϕ = 1
puis2 cos θ × 1 = x A = √
2
d'oùcos θ =
√ 2
2
etsin θ =
√ 2
2
donθ = π
4
. Les oordonnées sphériques deA
sont don2 ; π 4 ; 0
.
Pour
B
, ontrouve de la mêmefaçon2 ; − π
4 ; 0
.
4°) Une simpleleture graphiquedonne ii
a = b = n = π
2
etA ˆ = ˆ B = ˆ N = π 2
.Remarque :on adon don
AB ⌢ = ⌢
AN = ⌢
NB = 2 × π 2 = π
.5°) L'aire du trianglesphérique
NAB
est( ˆ A + ˆ B + ˆ N − π) × R 2 = 2π
unités d'aires.Exerie II
1°)
M (x ; y ; z) ∈ C ⇐⇒ ( −−→
KM , ~k) = π
4
ouπ − π 4
⇐⇒ −−→
KM .~k = KM × 1 ×
± cos π 4
⇐⇒ z − 3 = ± p
x 2 + y 2 + (z − 3) 2 ×
√ 2 2
⇐⇒ (z − 3) 2 = 1
2 (x 2 + y 2 + (z − 3) 2 )
⇐⇒ 2(z − 3) 2 = x 2 + y 2 + (z − 3) 2
⇐⇒ (z − 3) 2 = x 2 + y 2 ⇐⇒ (3 − z) 2 = x 2 + y 2 .
Car
z − 3
et3 − z
sontopposés etont don lemême arré.Ce alul est valable pour
M 6 = K
maisK
vérie quand mêmel'équation nale.2°) En remplaçant
z
par 0 dans l'équation préédente, on trouvex 2 + y 2 = 9
qui est, dans le pland'équation
z = 0
, l'équationdu erle de entreO
et de rayon 3.3°)a)Pour tout point
M
et son imageM ′ par I
, ona :
ona
ΩM −−→ ′ = 6 ΩM 2
ΩM −−→ = λ −−→
ΩM
;lesveteurs−−→
ΩM
et−−→
ΩM ′ sontolinéairesdon Ω
,M
etM ′ sont
alignés;
ona aussi
ΩM . −−→ −−→
ΩM ′ = −−→
ΩM . 6 ΩM 2
ΩM −−→ = 6 ΩM 2
ΩM 2 = 6
(onstante).La transformation
I
est don l'inversionde pleΩ
etde rapport 6.b) On trouve, en traduisant la relation
ΩM −−→ ′ = 6 ΩM 2
ΩM −−→
en oordonnées, que (...)A ′ ( − 2 ; 0 ; 0)
et
B ′ ( − 2 ; 1 ; 0)
.Remarque : on sait que
A ′ ∈ (ΩA)
donA ′ est sur les plans d'équation y = 0
et z = 0
. Ses
oordonnées sont don
(x ′ ; 0 ; 0)
. La relation−→
ΩA. −−→
ΩA ′ = 6
devient ensuite6(x ′ + 3) = 6
d'oùx ′ = − 2
.) Les oordonnées de
Ω
vérient l'équation du ne C et l'équationz = 0
donΩ
appartientà E. Ainsi, le erle E passe par le ple
Ω
don son image est une droiteΓ
perpendiulaire au diamètre[ΩO]
(et ontenue dans le plan ontenant leerle E).Les points
A
etB
appartiennent auerle E ar leurs oordonnées vérientx 2 + y 2 = 9 z = 0
Les points
A ′ etB ′ appartiennent don à ladroite Γ
.
Γ
.Lespoints
A ′ etB ′ appartiennent aussi àla droiteD ar leurs oordonnées vérient
x = − 2 z = 0
Si deux droitesontdeux pointsen ommun alors elles sontonfondues don l'image
Γ
de E est D.4°)a) On a
ΩM −−→ ′ = ( 6 ΩM 2
ΩM −−→ )
(relation (1)). SiM
a pour oordonnées− 9 4 ; t ; 0
alors
ΩM −−→
apour oordonnées
− 9
4 + 3 ; t ; 0
don
ΩM 2 = t 2 + 9
16
. La relation(1) donne, pour la premièreoordonnée :
x ′ + 3 = 6
t 2 + 16 9 × 3
4
donx ′ = 9/2
t 2 + 16 9 − 3 = 9/2 − 3t 2 − 27/16
t 2 + 16 9 = 45/16 − 3t 2 t 2 + 16 9 .
Les autres relationsdonnant
y ′ etz ′ s'obtiennentde même.
b) Soit
M
un point de∆
etM ′ son image par I. On aalors
F M ′ 2 =
45/16 − 3t 2 t 2 + 9/16 − 1
2 +
6t t 2 + 9/16
2
+ 0 2 =
1 t 2 + 9/16
2 "
9 4 − 4t 2
2
+ 36t 2
#
=
1 t 2 + 9/16
2 81
16 + 18t 2 + 16t 4
=
1 t 2 + 9/16
2 9 4 + 4t 2
2
=
1 t 2 + 9/16
2
× 16 9
16 + t 2 2
= 16
don