Lemme de Riemann-Lebesgue
2012-2013
Référence : Hervé Queffélec, Claude Zuily,Éléments d’analyse pour l’agré- gation (3e édition), Dunod, 2007, p.73.
Lemme.
Soita, b∈R, a < b.
Soitf ∈L1([a, b]).
Soitλ∈R. Alors :
lim
|λ|→∞
Z b
a
f(t)eiλtdt = lim
|λ|→∞
Z b
a
f(t) cos(λt)dt
= lim
|λ|→∞
Z b
a
f(t) sin(λt)dt
= 0
Démonstration. Il suffit de démontrer que la première limite est nulle.
Soit (λn)n∈N une suite de réels non nuls telle que|λn| → ∞.
On définit (ln)n≥1 des formes linéaires surL1([a, b]) par : ln(g) =
Z b
a
g(t)eiλntdt Alors :
|ln(g)| ≤ Z b
a
|g(t)|dt =kgk1
Doncklnk ≤1.
PourI:= [u, v]⊂[a, b], on a : ln(1I) =
Z v
u
eiλntdt
=eiλnv−eiλnu iλn
Donc :
|ln(1I)| ≤ 2
|λn| etln(1I)→ ∞ 1
Or les 1I forment une partie totale de L1([a, b]) et sup
n≥1
klnk ≤ 1 < ∞, donc d’après le lemme suivant,ln(g)→ ∞ ∀g∈L1([a, b]).
Lemme.
Soit(Tn)n∈N∈ L(E, F)etB une partie totale deE, oùE etF sont des espaces de Banach.
Il y a équivalence entre :
(i) ∀b∈B, Tn(b)→T(b)et sup
n≥1
kTnk<∞
(ii) ∀x∈E, Tn(x)→T(x) Démonstration.
(ii)⇒(i) : ∀x∈E,kTn(x)kest borné donc par Banach-Steinhaus, sup
n≥1
kTnk < ∞.
(i)⇒(ii) : ∀x∈vectB, Tn(x)→T(x).
Soitx∈E, ε >0, alors il existey∈vectB tel quekx−yk< ε.
Alors, en posantC:= sup
n≥1
kTnk, on a :
kTn(x)−T(x)k ≤ kTn(x)−Tn(y)k+kTn(y)−T(y)k+kT(y)−T(x)k
≤2Ckx−yk+kTn(y)−T(y)k
≤2Cε+kTn(y)−T(y)k D’où :
lim sup
n→∞
kTn(x)−T(x)k= 0
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