MPSI B 29 juin 2019
Énoncé
Dans tout ce problème, q > 1 désigne un nombre réel xé.
On note T l'ensemble des couples (n, p) d'entiers naturels tels que 0 ≤ p ≤ n . On admet qu'il existe une unique fonction c dénie dans T vériant :
∀n ∈ N , c(n, 0) = c(n, n) = 1
∀n ∈ N \ {0, 1} , ∀p ∈ J 1, n − 1 K : c(n, p) = q
n−pc(n − 1, p − 1) + c(n − 1, p)
1. Présenter dans un tableau les valeurs des c(n, p) pour 0 ≤ p ≤ n ≤ 4 . 2. Démontrer, pour tout x ∈ C et tout naturel non nul n , la relation
(1 + x)(1 + qx) · · · (1 + q
n−1x) =
n
X
p=0
c(n, p) q
p(p−1)2x
p3. On note (coecients de Rothe)
1, pour tous z ∈ C
∗,
∀p ∈ N
∗: z
p
q
= (1 − q
z)(1 − q
z−1) · · · (1 − q
z−p+1) (1 − q
p)(1 − q
p−1) · · · (1 − q
1) ,
z 0
q
= 1.
a. Montrer que
npq
= c(n, p) pour tous les n ∈ N
∗et p ∈ J 1, n K.
b. Quel est le nombre de facteurs dans le numérateur et le dénominateur d'un coef- cient de Rothe ? Pour n ∈ N
∗et p ∈ J 1, n K, quelle est la limite de
npq
quand q tend vers 1 ?
c. Pour z ∈ C
∗et p ∈ N
∗, préciser en fonction de p et z les exposants A et B tels que
z p
q
= (−1)
Aq
Bp − z − 1 p
q
Corrigé
1. La relation de dénition permet de compléter le tableau 1 des premiers coecients de Rothe.
1H. A. Rothe (1811) d'après Knuth The Art of Computer Programming, T1, p73
n\p 0 1 2 3 4
0 1
1 1 1
2 1 1 + q 1
3 1 1 + q + q
21 + q + q
21
4 1 1 + q + q
2+ q
31 + q + 2q
2+ q
3+ q
41 + q + q
2+ q
31 Tab. 1: Premiers coecients de Rothe
2. Notons F
nla formule à démontrer pour un naturel n . On raisonne par récurrence.
Pour n = 1 . Le produit à gauche se réduit à (1 + x) . La somme à droite se réduit à
c(1, 0)q
0x
0+ c(1, 1)q
0x
1= 1 + x
Montrons que F
n⇒ F
n+1. Le calcul est analogue à la preuve de la formule du binôme.
(1 + x)(1 + qx) · · · (1 + q
n−1x)(1 + q
nx) =
n
X
p=0
c(n, p)q
p(p−1)2x
p!
(1 + q
nx)
=
n
X
p=0
c(n, p)q
p(p−1)2x
p| {z }
=S1
+
n
X
p=0
c(n, p)q
p(p−1)2 +nx
p+1| {z }
=S2
Dans S
2, on décale le nom de l'indice de p à p + 1 :
S
2=
n+1
X
p=1
c(n, p − 1)q
(p−1)(p−2)2 +nx
pDans S
1+ S
2, on regroupe les termes pour p entre 1 et n en remarquant que (p − 1)(p − 2)
2 + n = p(p − 1)
2 − (p − 1) + n = p(p − 1)
2 + n − p + 1
Cette création est mise à disposition selon le Contrat
Paternité-Partage des Conditions Initiales à l'Identique 2.0 France disponible en ligne http://creativecommons.org/licenses/by-sa/2.0/fr/
1
Rémy Nicolai AcoefrotheMPSI B 29 juin 2019
On obtient :
S
1+ S
2= (n, 0)q
0x
0| {z }
=1=c(n+1,0)q0x0
+
n
X
p=1
c(n, p) + c(n, p − 1)q
n+1−p| {z }
=c(n+1,p)
q
p(p−1)2x
p+ c(n, n)q
n(n−1)2 +nx
n+1| {z }
=c(n+1,n+1)q(n+1)n2 xn+1
ce qui prouve F
n+1.
3. Il est important de noter que les coecients de Rothe sont dénis pour tous les z complexes non nuls.
a. Par dénition des coecients de Rothe,
∀n ∈ N
∗, n
n
q
= 1 et n 1
q
= 1 − q
n1 − q = 1 + q + · · · + q
n−1Dans les tableaux donnant les valeurs des c et des coecients de Rothe, la colonne p = 1 ainsi que la diagonale p = n coïncident. Il sut donc de montrer que les coecients de Rothe vérient la même relation que les c pour prouver que les deux tableaux sont égaux.
q
n−pn − 1
p − 1
q
+ n − 1
p
q
= n − 1
p − 1
q
q
n−p+ 1 − q
n−1−p+11 − q
p= n − 1
p − 1
q
q
n−p− q
n+ 1 − q
n−p1 − q
p=
n p
q
b. Le numérateur compte p facteurs (de 0 à p − 1 ) et le dénominateur aussi. Tous les facteurs (du numérateur comme du dénominateur) se factorisent
1 − q
machin= (1 − q)(1 + q + · · · + q
machin−1)
Tous facteurs 1 − q se simplient puisqu'il en a autant au numérateur qu'au dénominateur. Il ne reste que les sommes des termes en progression géométrique.
Lorsque q tend vers 1 , chacune converge vers son nombre de termes d'où n
p
q
→ n(n − 1) · · · (n − p + 1) p(p − 1) · · · 1 =
n p
c. Les exposants du numérateur de
p−z−1pq
sont les opposés de ceux de
zpq
, les facteurs du dénominateur sont les mêmes. On met donc en facteur les puissances de q .
(1 − q
z) · · · (1 − q
z−p+1)
= q
z+(z−1)+···+(z−p+1)(−1)
p(1 − q
p−z−1)(1 − q
p−z−2) · · · (1 − q
z)
| {z }
pexposants consécutifs décroissants à partir dez
De plus,
z + (z − 1) + · · · + (z − p + 1) = pz − p(p − 1) 2
⇒ z
p
q
= (−1)
pq
pz−p(p−1)2p − z − 1 p
q
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