TD DU 03/02/2012 ET DU 10/02/2012
Exercice 1. Oral ENS 2007
Soit f C∞, r´eelle, 2π p´eriodique, de moyenne nulle, on poseg =f+f00. Montrer que g s’annule au moins 4 fois sur une p´eriode.
Exercice 2. Oral ENS 1998
Soit e∈R3\ {0}, on veut ´etudier le syst`eme
(u0(t) =u(t)∧e−u(t)∧(u(t)∧e) u(0) =u0 avec ku0k= 1
1
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Solution 1
On d´eveloppe f et f00 en s´erie de Fourier : f(x) = P
n6=0
cneinx, f00(x) = P
n6=0
−n2cneinx donc g(x) = P
n6=0
(1−n2)cneinx. On remarque quec0(g) =c1(g) =c−1(g) = 0. On d´eveloppe en s´erie de cosinus : g(x) =
+∞
P
n=2
Ancos(nx+ϕn) et on pose gk(x) =
+∞
P
n=2
An
nk cos(nx+ϕn−kπ2). gkv´erifie gk0 =gk−1 etg0 =g.
Sigk s’annule 4 fois au moins sur une p´eriode alors soit 06x1 < x2 < x3 < x4 <2π les points o`ugk s’annule, par le th´eor`eme de Rolle, gk−1 s’annule en y1 ∈]x1, x2[,y2 ∈]x2, x3[,y3 ∈]x3, x4[ et eny4 ∈]x4, x1+ 2π[ i.e. gk−1 s’annule au moins 4 fois sur une p´eriode et par r´ecurrence, il en sera de mˆeme pour g.
On suppose g non nulle, soit p le plus petit entier tel queAp 6= 0 alors pkgk(x) =Ap
"
cos(px+ϕp−kπ 2) +
+∞
X
n=p+1
An Ap
p n
k
cos(nx+ϕn−kπ 2)
#
=Aph
cos(px+ϕp−kπ
2) +Gk(x)i .
Or pour n >p+ 1,
An
Ap p
n k
cos(nx+ϕn−kπ2) 6
An
Ap
p p+ 1
k
terme g´en´eral d’une s´erie convergente. On a ainsi|Gk(x)|6
p p+ 1
k +∞
P
n=p+1
An Ap
→0.
On choisit alors k pour que |Gk(x)| 6 1
2 pour tout x. x1 = k p
π 2 − ϕp
p , x2 = k+ 2 p
π 2 − ϕp
p , x3 = k+ 4
p π 2 − ϕp
p , x4 = k+ 6 p
π 2 − ϕp
p . On remarque que pkgk(xi) =Ap((−1)i−1+G(xi)) est du signe de (−1)i−1 donc, grˆace au th´eor`eme des valeurs interm´ediaires, gk s’annule au moins 4 fois sur une p´eriode, il en est de mˆeme pour g.
Solution 2 Comme (u0(t)|u(t)) = 0 on en d´eduit queku(t)k= 1 pour tout t.
On peut se ramener au cas o`u kek = 1 (en changeant de param`etre, θ = at avec a = kek, on note toujourstle param`etre). Dans ce cas, on compl`ete la famille (e) en une base orthonormale ce qui donne le syst`eme diff´erentiel (uadmet x,y,z comme coordonn´ees etx2+y2+z2 = 1) :
x0 = 1−x2 y0 =z−xy z0 =−y−xz d’o`u
• six(t) = ±1 alorsy =z = 0 et la solution u est constante,
• six ne prend pas la valeur 1,x= tht (en faisant une translation sur le param`etre pour se ramener en 0) car |x|<1.
En ±∞x→ ±1 et y et z tendent vers 0.
En fait on peut essayer d’int´egrer l’´equation diff´erentielle en posant Z = y+iz, Z v´erifie Z0 = (−tht−i)Z ce qui donne Z =Ce−it
cht. Si on ´ecrit C =α+iβ alors on obtient y= αcost+βsint
cht , z= βcost−αsint cht