Corrigé du D.S.3
I- Voir cours
II- f x=3x2−x
x ; f 'x=6x−1
x3x2−x× 12
x d'oùf 'x= 6x−12x3x2−x 2
x =15x2−3x 2
xgx=3x4
2x25 ; g 'x=32x25−3x44x
2x252 d'où g 'x=−6x2−16x15
2x252 hx=4x−35 ; h 'x=5×4×4x−34 d'où
h 'x=204x−34. III – Soit g définie par gx=x3−3x−4.
1. a. g 'x=3x2−3=3x2−1=3x−1x1. d'où le tableau de variation.
x −∞ -1 1 ∞
g 'x
+
0
0+
gx-2 ∞
−∞
b. lim
x−∞ gx=−∞ et lim
x∞gx=∞ Théorème : limites d'un polynôme en l'infini.
c. Voir ci-dessus.
2. a. g admet un maximum local égal à -2 sur l'intervalle]−∞;1], d'où pour tout x∈]−∞;1], gx0 et donc l'équation gx=0 n'admet pas de solution sur l'intervalle ]−∞;1] g est continue (car polynôme) et strictement croissante de l'intervalle[1;∞[ sur
[−6;∞[ or 0∈[−6;∞[ d'où, d'après le corollaire du théorème des valeurs intermédiaires, il existe un unique réel ∈[1;∞[ tel que g=0.
De plus g2,19≈−0,06650 et g2,2≈0,0480 d'où 2,192,2. b. On déduit de l'étude précédente le signe de gx.
x −∞ ∞
gx
0+
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-6
3. a. Représentation graphique : voir annexe.
b. Si k−6 alors l'équation gx=k admet une unique solution.
Si −6k−2 alors l'équation gx=k admet trois solutions.
Si k=−6 ou k=−2 alors l'équation gx=k admet deux solutions.
Si k−2 alors l'équation gx=k admet une unique solution.
4. Soit f définie sur ]1;∞[ par f x=x32x2 x2−1 . a. On a f 'x= 3x24xx2−1−2xx32x2
x2−12 d'où
f 'x=3x44x3−3x2−4x−2x4−4x3
x2−12 =x4−3x2−4x
x2−12 et donc f 'x=xx3−3x−4
x2−12 = x gx
x2−12
Or x est positif et x2−12 aussi, donc f 'x est du signe de gx. b. lim
x∞ f x=lim
x∞
x3 x2=lim
x∞x=∞
Théorème : limites d'une fraction rationnelle en l'infini.
limx1 x32x2=3, lim
x1+
x2−1=0+, d'où lim
x1 f x=∞
c.
x 1 ∞
x2 ∞ ∞
f ≈5,29 IV -
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1. AH=∣xH−xA∣=∣x−1∣=1−x car x∈[−1;1]
D'autre part le triangle OMH est rectangle en H. On peut donc appliquer le théorème de Pythagore. On obtient alors 1=x2HM2, soit d'où HM=
1−x2En conclusion l'aire du triangle AMM' égale Base× Hauteur
2 =1−x×2
1−x22 =1−x
1−x2=fx2. On note f x=1−x
1−x2On a f 'x=−
1−x21−x× −2
12−xx2=−
1−x2
x12−−xx2 d'oùf 'x=−1−x2x2−x
1−x2 =2x2−x−1
1−x2 du signe de 2x2−x−1 car
1−x20.or 2x2−x−1=x−12x1
x -1 −1
2 0 1 f 'x
+
0
f x
3
34
1 0
3. D'après le tableau de variations, l'aire est maximale lorsque x=−1 2 . Dans ce cas AM=AM'=
1−x21−x2 avec x=−12AM=AM'=
3 etMM'=2
1−x2=
3.D'où le triangle AMM' est équilatéral.
f est continue et strictement croissante de l'intervalle
[
−1;−12]
sur[
0;3
43]
or d'où, 1∈[
0;3
43]
d'après le corollaire du théorème des valeurs intermédiaires, il existe un unique réel ∈[
−1;−12]
tel que f =1.De même sur
[
−12;1]
il existe un unique réel ∈[
−1;−12]
tel que f =1De plus f −0,84≈0,991 et f −0,83≈1,021 d'où −0,84−0,83 et f 1=0 d'où =0.
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V -
1. 2iz2−iz=4⇔2ixi y2−ix−i y=4⇔22x−y=4 D'où : y=2x−2.
2. z2iz−2i=4⇔xiy2x−iy2=4⇔x2y22=4 D'où est le cercle de centre −2i et de rayon 2.
Tracé : voir annexe.
VI - z1=
3i4 ; z2=z1−i ; z3= z1−i 1. a. z2=
3−3i4 ; z3=
3−5i4 b. Placer M1,M2et M3. c. ∣z3−z1∣=∣−3
2i∣=3
2 et ∣z3−z2∣∣z2−z1∣=∣−1
2i∣∣−i∣=1
21=3 2
On en déduit que M1M3=M2M3M1M2 et donc les points M1,M2et M3 sont alignés 2. a. ∣z1∣=1
2 ; argz1=
6 [2] et ∣z2∣=
32 ; argz2=− 3[2]. b. z2−z1=−i d'où ∣z2−z1∣=1 et argz2−z1=−
2[2]
On en déduit que u ;M1M2=−
2 et donc que M1M2⊥O ,u.
c. O M1;O M2=arg
zz21
=arg
3
13−ii
3=arg−i
33ii
3=arg−i
3=−2[2]ou plus simplement O M1;O M2=arg
zz21
=argz2−argz1=−3−6=−2 [2]et donc le triangle O M1M2 est rectangle en O.
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