Master de Mathématiques
Algèbre commutative et géométrie algébrique Corrigé de l’épreuve du mercredi 11 avril 2018
Début 8h40 - Durée 1h
La consultation de document et l’utilisation d’outil sont autorisées. Bon courage.
Pourn ∈N, on pose
Fn:=Y2+X2(X−1)2n+1 ∈C[X, Y] et on désigne parCn la courbe d’équation Fn= 0.
1) (2 points) Montrer queCnest irréductible et déterminer son idéal de définition.
Réponse : Le polynôme −X2(X −1)2n+1 n’est pas un carré car il est de degré impair. Il suit que Fn n’a pas de racine dans C(X). Étant de degré 2, il est nécessairement irréductible sur ce corps. S’il était réductible sur C[X], ses coefficients auraient alors nécessairement un facteur commun. Puisque Fn est unitaire, c’est donc un polynôme irréductible. Enfin, C étant algébriquement clos, cela implique queCn est irréductible et que I(Cn) = (Fn).
2) (2 points) Calculer dFn
dX et dFn dY . Réponse : On a
dFn
dX = 2X(X−1)2n+1+ (2n+ 1)X2(X−1)2n
=X(2(X−1) + (2n+ 1)X)(X−1)2n
=X((2n+ 3)X−2)(X−1)2n
et dFn
dY = 2Y.
3) (2 points) Montrer que l’origineOest un point singulier deCndont on donnera la multiplicité ainsi que les tangentes en ce point.
Réponse : On a
Fn≡Y2 + (−1)2n+1X2 =Y2−X2 mod (X, Y)3.
La partie homogène de plus bas degré est doncY2−X2 = (Y −X)(Y +X). On voit donc queOest un point double avec deux tangentes distinctes d’équations Y =±X.
4) (4 points) Calculer la multiplicité d’intersection de Cn et Cn+k en O lorsque k >0.
1
Réponse : On calcule d’abord
Fn+k−Fn =X2(X−1)2(n+k)+1−X2(X−1)2n+1
=(X−1)2k−1X2(X−1)2n+1
=GkX3(X−1)2n+1 avec
Gk=
2k
X
i=1
(−1)i 2k i
!
Xi−1,
et on remarque queGk(O) =−2k 6= 0. On voit donc queO est un point triple de la courbe Dn,k d’équation Fn+k −Fn = 0 et que l’axe des Y est l’unique tangente en ce point. Comme la multiplicité d’intersection ne change pas si on remplace Fn+k par Fn+k−Fn, on a
(Cn·Cn+k)O = (Cn·Dn,k)O= mO(Cn)×mO(Dn,k) = 6.
5) (2 points) Montrer que si n > 0, alors Cn possède un unique autre point singulier I (qui ne dépend pas de n) que l’on déterminera.
Réponse : On doit résoudre le système
Y2 +X2(X−1)2n+1 = 0
X((2n+ 3)X−2)(X−1)2n= 0 2Y = 0
,
ou, de manière équivalente, puisque n >0,
( X(X−1) = 0
Y = 0 .
On trouve donc bien, hormis l’origine, l’unique point I := (1,0).
6) (4 points) Déterminer la multiplicité de I dans Cn ainsi que les tangentes en ce point.
Réponse : On aF0(I) = 0, (dF0/dX)(I) = 1 et (dF0/dY)(I) = 0 si bien que I est un point non-singulier de C0, c’est à dire de multiplicité 1, et la tangente est verticale en ce point. Lorsquen >0, on a
Fn(1 +X, Y) = Y2+ (X+ 1)2X2n+1 ≡Y2 mod (X, Y)3
si bien queI est un point double de Cn et que l’axe des X (qui ne change pas si on fait une translation horizontale) est l’unique tangente en ce point.
7) (4 points) Calculer la multiplicité d’intersection de Cn et Cn+k en I lorsque k >0.
Réponse : On reprend le calcul ci-dessus qui nous donne
Fn+k(1 +X, Y)−Fn(1 +X, Y) = X2k−1(X+ 1)2X2n+1, 2
et le même raisonnement nous fournit
(Cn·Cn+k)I = 2×(2n+ 1) = 4n+ 2 (qui fonctionne aussi lorsque n= 0).
8) (bonus) Déterminer les points en lesquels Cn possède une tangente horizontale ou verticale.
Réponse : En O, les tangentes ne sont ni horizontales ni verticales. En I, il y a une tangente verticale sin = 0 et une tangente horizontale si n > 0. Afin de déterminer les autres points en lesquels les tangentes seraient horizontales ou verticales, on doit résoudre les systèmes
( Y2+X2(X−1)2n+1 = 0
X((2n+ 3)X−2)(X−1)2n= 0 et
( Y2+X2(X−1)2n+1 = 0
2Y = 0 .
Puisque nous avons exclus les pointsO etI, nous voyons immédiatement qu’il n’y a aucune autre tangente verticale mais nous découvrons deux nouvelles tangentes horizontales aux points d’abaisse 2
2n+ 3. On calcule les ordonnées avec la formule
Y2+
2 2n+ 3
2 2
2n+ 3 −1
2n+1
= 0.
On trouve donc les points 2
2n+ 3,±2(2n+ 1)n+1/2 (2n+ 3)n+3/2
!
.
3