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Lycée Desfontaines Chap.9: Calcul intégral
Correction exo 8
1. Montrons que ∀t≥0,1−t2≤1≤1 +t3
∀t≥0, t2≥0ett3≥0donc1−t2≤1et1 +t3≥1d’où
1−t2≤1≤1 +t3
. 2. Montrons que ∀t≥0,1−t≤ 11 +t≤1−t+t2
•D’après la question précédente,∀t≥0,1−t2≤1cad(1−t)(1 +t)≤1d’où en divisant par1 +t >0,1−t≤ 1 1 +t.
•(1 +t)(1−t+t2) = 1−t+t2+t−t2+t3= 1 +t3.
Or1 +t3≥1donc(1 +t)(1−t+t2)≥1d’où en divisant par1 +t >0,1−t+t2≥ 1 1 +t. D’où
∀t≥0,1−t≤ 1
1 +t≤1−t+t2 .
3. Calculons Z x
0
1 1 +tdt:
∀x≥0, Z x
0
1 1 +tdt=h
ln|1 +t|ix
0= ln(1 +x) 4. Montrons que ∀x≥0, x−x2
2 ≤ln(1 +x)≤x−x2 2 + x3
3 D’après la question 2,∀t≥0,1−t≤ 1
1 +t≤1−t+t2. Donc d’après l’intégration des inégalités,∀x≥0,
Z x
0
1−t dt≤ Zx
0
1 1 +tdt≤
Zx
0
1−t+t2dt Or
Z x
0
1−t dt=h t−t2
2 ix
0 =x−x2 2 et
Z x
0
1−t+t2dt=h t−t2
2 +t3 3
ix
0 =x−x2 2 +x3
3 D’où
∀x≥0, x−x2
2 ≤ln(1 +x)≤x−x2 2 +x3
3 5. Déterminons lim
x→0 x>0
ln(1 +x) x
En divisant l’inégalité précédente parx >0, on obtient :1−x
2 ≤ln(1 +x)
x ≤1−x
2 +x2 3 . Or lim
x→0 x>0
1−x 2 = lim
x→0 x>0
1−x 2+x2
3 = 1donc d’après le théorème des gendarmes,
xlim→0 x>0
ln(1 +x)
x = 1
Remarque : On avait déjà montré ce résultat en utilisant l’approximation affine locale delnau voisinage de 1 ou en utilisant la définition du nombre dérivé delnen 1.