Exerie 1
Résoudrel'équation diérentielle(E) : (2x+ 1)y′′+ (4x−2)y′−8y= 0 sahantqu'elleadmetunesolutionde
laformex7−→eax.
Exerie 2
Résoudrelesystèmediérentielréel(H) :X′=AXoùA=
0 2 2
−1 2 2
−1 1 3
Exerie 3
L'objetifdel'exerieestladéterminationdudéveloppementensériedeFourierde:
f :R−→R, x7−→ 1
cosx+ cha(a >0).
1. Justierque:
1
cosx+ cha= 1 sha
e
a
e
ix+ea − e
−a
e ix+e−a
2. En utilisantlesdéveloppementsensérieentière,ériref ommesommed'unesérietrigonométrique.
3. Lasérieobtenueest-ellelasériedeFourierdef?
Élémentsderéponse:
Ex1:
(E)vérielesonditionsduthéorèmedeCauhy-Lipshitzlinéairesurhaun desintervalles I1 =
−∞;−1 2
etI2=
−1 2; +∞
.
En remplaçantdans (E),ontrouvequex7−→e−2x estsolutionsurhaun desdeuxintervalles I1 et I2.Cette
solutionnes'annulepassurRdononappliquelehangementdefontioninonnue:y=ze−2x.
Ona:yest solutionde(E)surI1⇔zestsolutionsurlemêmeintervallede(E′) : (2x+ 1)z′′−(4x+ 6)z′ = 0
Onaboutità:z′=C(2x+ 1)2e2x puisz=A(4x2+ 1)e2x+B.On"repasse"eny et l'onobtient:
Lessolutionsde(E)sontdelaformex7−→A1(4x2+ 1) +B1e−2x
surI1 etx7−→A2(4x2+ 1) +B2e−2x
surI2.
Onpeutreherherunesolutionf éventuellesurR;laontinuitédefen−1
2 imposeque2A1+eB1= 2A2+eB2.
Si l'on suppose que ette ondition est réalisée, on onstate que la fontion f est de lasse C2 sur R ave :
f
−1 2
= 2A1+eB1, f′
−1 2
=−4A1−2eB1 puisf′′
−1 2
= 8A1+ 4eB1.
Remarque : L'ensembledes solutionssur Rest unespae vetorielde dimension3.Une base est parexemple
(u, v, w)ave:u:x7−→4x2+ 1,v:x7−→e−2xet w(x) =
( 0 six <0
e(4x2+ 1)−2e−2xsix>−1 2
Ex2:
Onalulelepolynmearatéristiqueetl'ontrouve:χA(X) =−(X−1)(X−2)2
OnformelamatrieA−2I=
−2 2 2
−1 0 2
−1 1 1
,elleestderang2donker(A−2I) = 16= 2,donlamatrieA
n'estpasdiagonalisablemaiselleest trigonalisable.
Ontrouveker(A−2I) = vect{(2,1,1)}etker(A−I) = vect{(2,0,1)}.
On pose v1 = (2,0,1) et v2 = (2,1,1). On herhe une base (v1, v2, v3) de R3 dans laquelle la matrie de l'endomorphismeuassoié àAest T=
1 0 0 0 2 1 0 0 2
.
v3 doitvérieru(v3) =v2+ 2v3⇔(u−2id)(v3) =v2.Onrésoutdonlesystème(A−2I)X =v2 etonhoisit
l'une dessolutionsvériantlesonditionspréédentes.
(A−2I)X =v2⇔
−2x+ 2y+ 2z= 2
−x+ 2z= 1
−x+y+z= 1
v3= (−1,0,0)onvient.
Lamatriedepassagede(e1, e2, e3)à(v1, v2, v3)estP =
2 2 −1 0 1 0 1 1 0
.OnaT =P−1AP.
LehangementdefontioninonnuedéniparX=P Y aboutitausystème Y′ =T Y ⇔
y′1=y1
y′2= 2y2+y3
y′3= 2y3
On en déduit
y1=aet
y2=be2t+cte2t y3=ce2t
(En eet onherhe une solutionpartiulière de y2′ −2y2 = ce2t sous la
formey=c(kt+l)e2t).
AveX =P Y, ontrouvelessolutions:
x1= 2aet+ (2b−c+ 2ct)e2t x2= (b+ct)e2t
y3=aet+ (b+ct)e2t
Ex3:
1. C'est dualul.Ona
1
cosx+ cha = 1 sha
e
a
e
ix+ea − e
−a
e
ix+e−a
.
2. ∀x∈R, e
a
e
ix+ea = 1 1 +eix.e−a =
+∞
X
n=0
(−1)neinx.e−na (|eix−a|=e−a<1)
Avelemême proédé, onprouveque : e
−a
e
ix+e−a = e
−a.e−ix 1 +e−ix.e−a =
+∞
X
n=1
(−1)n−1e−inx.e−na (|e−ix−a|=
e
−a <1)
Grâeàlapremièrequestion,onendéduitque:
1
cosx+ cha= 1 sha
"+∞
X
n=1
2(−1)ne−na
sha cos(nx)
#
3. Poursavoirs'ils'agitdelasériedeFourier,onalulelesoeients:f estpairedon∀n∈N, bn(f) = 0
et an(f) = 2 π
Z π
0
f(x) cos(nx)dx
⇔ak(f) = 2 πsha
Z π
0
1 + 2
+∞
X
n=1
(−1)ne−nacos(nx)
!
coskxdx
Comme la série de terme général fn : x7−→ (−1)ne−nacos(nx) cos(px) onvergenormalement, onpeut intégrertermeàtermeetonobtient:
ak(f) = 2 πsha
Z π
0
cos(kx)dx+ 4 πsha
+∞
X
n=1
(−1)ne−na Z π
0
cos(nx) cos(kx)dx
Lesdeuxintégralessontnullessaufpourn=k,donak(f) = 2
πsha(−1)ke−ka,∀k∈N
Lasérieobtenueau2.estbienlasériedeFourierdef.