Jeudi 19 décembre 2013.
Durée : 1 h 30.
Correction du test n° 2 – Groupe 19 –
Soit
f
la fonction à deux variablesx
ety
définie surg
par :2
( , ) e
x yf x y
xy
− − −
=
.Partie A 1) a)
y
o 1 2
0.5 1 1.5 2
b) * On a :
D
f= { ( , ) x y ∈ ℝ
2/ x > 0 } { ∩ ( , ) x y ∈ ℝ
2/ y > 0 } { ∩ ( , ) x y ∈ ℝ
2/ y < − + x 2 }
.Donc,
D
fest convexe en tant qu’intersection de trois demi-plans.* On a :
D
f⊂ B ( (0, 0), 2 )
. DoncD
fest borné.2) On a
( )
2
1 1
( , ) ln ( , ) ln 2 ln( ) ln( )
2 2
e
x yg x y f x y x y x y
xy
− − −
= = = − − − − −
.* L’application
v : ( , ) x y ֏ 2 − − x y
étant affine et la fonction racine étant concave, l’application1
: ( , ) 2
u x y ֏ − − x y
, est concave.* La fonction
ln
est concave. Donc, d’après le lemme d’extension les applications2
: ( , ) ln( ) u x y ֏ x
et3
: ( , ) ln( )
u x y ֏ y
sont concaves.* Comme 1
1
21
32 2
g = − u − u − u
, on en déduit queg
est convexe.3) a) * En tant qu’application affine,
v ∈ C
2( ) D
f . De plus,v
est à valeurs dansℝ
*+et la fonction racine est de classeC
2surℝ
*+. Par composée d’applications de classeC
2, on en déduitque
u
1∈ C
2( ) D
f .* De même, les fonctions affines
( , ) x y ֏ x
et( , ) x y ֏ y
sont de classeC
2surD
fet à valeurs dansℝ
*+. Comme la fonctionln
est de classeC
2surℝ
*+, les applicationsu
2etu
3sont de classeC
2surD
fen tant que composées de fonctions de classeC
2.* Finalement, en tant que somme de fonctions de classe
C
2surD
f,g
est de classeC
2surD
f.b)
1 1
( , ) 2 2 2 g x y
x x y x
∂ = −
∂ − −
;1 1
( , ) 2 2 2 g x y
y x y y
∂ = −
∂ − −
.Jeudi 19 décembre 2013.
Durée : 1 h 30.
c) Soit
( , ) x y
est un point critique deg
. On a donc :( , ) (0, 0) g x y
∇ =
1 1
2 0 2 2
1 1
2 0 2 2
x y x x y y
− =
− −
⇒
− =
− −
1 1
2
1 1
2 x y x x y y
=
− −
⇒
=
− −
2
2
x x y
y x y
= − −
⇒
= − −
d) On en déduit que si
( , ) x y
est un point critique deg
, alorsx = y
et remplaçant dansl’équation
x = 2 − − x y
, on obtientx = 2 2 − x
. Comme2 2 − x > 0
, il vientx
2= − 2 2 x
, ou encorex
2+ 2 x − = 2 0
.Cette équation possède deux solutions :
− − 1 3
et− + 1 3
. Commex > 0
,g
possède un unique point critique, à savoir( − + 1 3, 1 − + 3 )
.4) * D’après 2),
g = ln( ) f
est convexe. On en déduit quef
est convexe.* D’après 3),
g
possède un point critique. Commeg = ln( ) f
et que la fonctionln
est continue et strictement croissante,f
possède un point critique. Etant convexe,f
possède un minimum global.Partie B
5) * Nous avons
1
2( , )
( , )
w x y xye
x yf x y
= =
− − .*
2
2 2
( , )
2 2
2 2 2
x y
x y x y
y xy
w y xy e
x y e e
x x x y x x y
− −
− − − −
∂ ∂ = − − − = − − −
.*
w x y ( , ) = w y x ( , )
. Donc,2
( , ) ( , )
2 2
w w x xy e
x yx y y x
y x y x y
− −∂ ∂
= = −
∂ ∂ − −
.6) a) *
2 1 1 2 2 1
1 1 1
( ) 2 2 4 2
w A = × e
− −= e = e
.*
2 1 1 2 2 1
1 1
1 1
2 4
( ) 1 1
1 2 1 1 2 4 2 2 2 4
2 2 2
w e e e e
x A
− −
∂ ∂ = − − − = − = − =
.
* 2 2 2 2
( ) 4 4 1
( ) ( )
2 4
w e e
f A x A e
e
x w A e e e
− ∂ − −
∂ = ∂ = = = − = −
∂
.
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Durée : 1 h 30.
b) * /
( ) 1 1 1 1 1
( ) ( ) ( )
( ) 2 2 2 2 4
f x
f A
f e
e A x A w A
f A x e
∂
∂ ∂
= × = × × = − × × = −
∂
.* Comme
f x y ( , ) = f y x ( , )
, on af ( , ) f ( , )
x y y x
y x
∂ ∂
∂ = ∂
et en particulier1 1
, ( )
2 2
f f
y x A
∂ ∂
=
∂ ∂
.Donc, / /
1
( ) ( )
f y f x
4
e A = e A = −
.c) Une approximation de l’accroissement relatif de
f
au voisinage deA
lorsquex
décroît de 6 % ety
croît de 4 %est donnée par / /1 1
( ) ( 6) ( ) 4 ( 6) 4 1,5 1 0,5%
4 4
f x f y
e A × − + e A × = − × − − × = − =
.7) a)
2 1 1
1
1 1
( ) ( ,1)
1 ( )
x x
x
e e
h x f x
x x xe u x
− − − − −
= = = =
−=
×
avec( )
1 xu x = xe
− .b) *
1
1 11
1( ) 2 2 1 2 2 1
x
x
xx
xu x e e e
x x x x
− −
−′ = − − = − −
.* 2
( )
( ) ( ) h x u x
u x
− ′
′ =
. Donc,h x ′ ( ) = 0 ⇔ u x ′ ( ) = 0
1
12 2 1 0 x
xx x e
−⇔ − − =
1 1
x
x x
⇔ =
− 1
x x
⇔ = −
2
1 0
x x
⇔ + − =
*
1 5 ] [ 0,1
2
− + ∈
est une solution de cette équation, et donch
possède un point critique.* Comme
f
est convexe (cf 4)), sa surface représentative est au-dessus de ses plans tangents. On en déduit que la courbe représentative deh
est au-dessus de ses tangentes et est donc convexe.* Finalement,