PHEC1 Correction devoir à la maison 1 2004-2005
correction de l’exercice 1 Calcul deAn :
An= Xn p=2
1 3
p
= (1 3)2+ (1
3)3+ + (1 3)n= (1
3)2(1 + (1
3)1+ + (1
3)n 2= (1 3)2
1 (1 3)n 1 1 (1
3)
= 1 6[1 (1
3)n 1] Calcul deBn :
Bn =
n+1X
k=3
2k 3k+2 =
n+1X
k=3
2k 3k: 1
32 = 1 32
n+1X
k=3
(2 3)k= 1
32 (2 3)3+ (2
3)3+ (2
3)n+1 = 1 32:(2
3)3 1 + (2
3)1+ + (2 3)n 2
= 1
32:(2 3)3:
1 (2 3)n 1 1 2
3
=1 3:(2
3)3 1 (2
3)n 1 = 8
81 1 (2 3)n 1 Calcul deCN :
CN = XN n=1
5 2n+ 2 32n = 5 XN n=1
2n+ 2 XN n=1
9n
|{z}
=(32)n=32n
= 5 2 + 22+ + 2N + 2 9 + 92+ + 9N
= 5 2 1 + 21+ + 2N 1 + 2 9 1 + 91+ + 9N 1 = 10 1 2N
1 2 + 18 1 9N
1 9 = 10(2N 1) + 9
4(9N 1) Calcul deDk :
Dk = X2k n=3
23n+1 3n+1 4n =
X2k n=3
2 3 (23)n 3n
4n = 2 3 X2k n=3
23 3 4
n
= 6 X2k n=3
6n = 6 63+ 64+ + 62k
= 6 63 1 + 61+ + 62k 3 = 641 62k 2 1 6 = 64
5 62k 2 1 = 1296
5 62k 2 1 correction de l’exercice 2
On constate que la suiteuest arithmético-géométrique puisque 8n2N; un+1 = 2 3un+1
3: Nous allons alors expliciterun en fonction denselon la méthode classique. SoitL2Rtel queL= 2
3L+1 3 , 1
3L= 1
3 ,L= 1:
On considère la suitevdé…nie par8n2N; vn =un 1:On a alors 8n2N; vn+1=un+1 1 = 2
3un+1
3 1 = 2 3un 2
3 =2
3(un 1) = 2 3vn: On en déduit que la suitev est géométrique de raison 2
3 donc 8n2N; vn= (2
3)nv0,un 1 = (2
3)n(u0 1),un = 1 + (2
3)n(u0 1) ce qui permet d’écrire:
Xn k=0
uk= Xn k=0
1 + (2
3)k(u0 1) = Xn k=0
1
!
+ (u0 1) Xn k=0
(2 3)k
!
= (n+ 1) + (u0 1) 1 (2
3)n+1 1 2
3 correction de l’exercice 3
On constate que la suiteuest récurrente linéaire du second ordre à coe¢ cients constants. Nous allons alors expliciterunen fonction den.
La suiteuadmet comme polynôme caractéristique3x2 5x+ 2 dont les racines sont 2
3 et1:Par conséquent, il existe deux constantes réelles et telle que
8n2N; un= (2
3)n+ 1n = (2 3)n+ : Pour déterminer et ;il su¢ t d’utiliser les conditions initiales.
8>
<
>: (2
3)0+ =u0 (2
3)1+ =u1 ,
( + = 2 2
3 + = 3 ,
L2 L2 L1
( + = 2 1
3 = 1 , = 3
= 5
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donc8n2N; un= 3(2 3)n+ 5:
2004X
k=2
uk =
2004X
k=2
3(2
3)k+ 5 = 3
2004X
k=2
(2 3)k+
2004X
k=2
5 = 3 (2 3)2+ (2
3)3+ + (2
3)2004 + 5(2004 2 + 1)
= 3(2
3)2 1 + (2
3)1+ + (2
3)2002 + 5 2003 = 4 3
1 (2 3)2003 1 2
3
+ 10 015
= 4(1 (2
3)2003) + 6015 = 6011 + 4(2 3)2003 correction de l’exercice 4
1 k
1
k+ 1 = k+ 1 k(k+ 1)
k
k(k+ 1) = k+ 1 k
k(k+ 1) = 1 k(k+ 1) 1
k 2
k+ 1+ 1
k+ 2 = (k+ 1)(k+ 2) k(k+ 1)(k+ 2)
2k(k+ 2)
k(k+ 1)(k+ 2)+ k(k+ 1) k(k+ 1)(k+ 2)
= (k+ 1)(k+ 2) 2k(k+ 2) +k(k+ 1)
k(k+ 1)(k+ 2) = k2+ 3k+ 2 2k2 4k+k2+k k(k+ 1)(k+ 2)
= 2
k(k+ 1)(k+ 2) donc on a bien 1
k(k+ 1)(k+ 2) = 1 2
1 k
2
k+ 1+ 1 k+ 2 1
k 3
k+ 1 + 3 k+ 2
1
k+ 3 = (k+ 1)(k+ 2)(k+ 3) k(k+ 1)(k+ 2)(k+ 3)
3k(k+ 2)(k+ 3)
k(k+ 1)(k+ 2)(k+ 3) + 3k(k+ 1)(k+ 3) k(k+ 1)(k+ 2)(k+ 3) k(k+ 1)(k+ 2)
k(k+ 1)(k+ 2)(k+ 3)
= (k+ 1)(k+ 2)(k+ 3) 3k(k+ 2)(k+ 3) + 3k(k+ 1)(k+ 3) k(k+ 1)(k+ 2) k(k+ 1)(k+ 2)(k+ 3)
= k3+ 6k2+ 11k+ 6 3k3 15k2 18k+ 3k3+ 12k2+ 9k k3 3k2 2k k(k+ 1)(k+ 2)(k+ 3)
= 6
k(k+ 1)(k+ 2)(k+ 3); ce qui prouve que 1
k(k+ 1)(k+ 2)(k+ 3) =1 6
1 k
3
k+ 1+ 3 k+ 2
1 k+ 3 . 1. En utilsant que 1
k 1
k+ 1 = 1
k(k+ 1), on a Sn =
Xn k=1
1 k(k+ 1) =
Xn k=1
1 k
1 k+ 1 =
Xn k=1
1 k
Xn k=1
1 k+ 1 =
Xn k=1
1 k
n+1X
j=2
1 j
| {z }
j=k+1
= Xn k=1
1 k
n+1X
k=2
1 k
| {z }
on renom m ejenk
Or k prend les valeurs1; 2; :::; n 1; n dans la première somme et les valeurs 2;3; :::; n ; n+ 1 pour la seconde. On constate alors que les deux sommes ont comme indices communs tous les entiers compris entre 2 et n: On applique alors la relation de Chasles pour chaque somme
Xn k=1
1
k = |{z}1
1=k=1quandk=1
+ Xn k=2
1 k;
n+1X
k=2
1 k =
Xn k=2
1
k+ 1
n+ 1
| {z }
1=k=1=(n+1)quandk=n+1
ce qui nous donne
Sn = 1 + Xn k=2
1 k
! n X
k=2
1 k+ 1
n+ 1
!
= 1 + Xn k=2
1 k
Xn k=2
1 k
1
n+ 1 = 1 1 n+ 1 doncSn= 1 1
n+ 1:
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2. En utilsant que 1
k(k+ 1)(k+ 2) =1 2
1 k
2
k+ 1+ 1
k+ 2 , on a
Tn = Xn k=1
1
k(k+ 1)(k+ 2) = 1 2
Xn k=1
1 k
2
k+ 1 + 1
k+ 2 ,2Tn= Xn k=1
1 k
2
k+ 1+ 1 k+ 2 2Tn =
Xn k=1
1 k 2
Xn k=1
1 k+ 1+
Xn k=1
1 k+ 2 =
Xn k=1
1 k 2
n+1X
j=2
1 j
| {z }
j=k+1
+
n+2X
i=3
1 i
| {z }
i=k+2
= Xn k=1
1
k 2
n+1X
k=2
1 k
| {z }
on renom m ejenk
+
n+2X
k=3
1 k
| {z }
on renom m eienk
Or kprend les valeurs 1;2;3; :::; n 2; n 1; n dans la première somme, les valeurs 2; 3;4:::; n 1; n ; n+ 1pour la seconde et les valeurs 3;4;5; :::; n ; n+ 1; n+ 2pour la troisième. On constate alors que les trois sommes ont comme indices communs tous les entiers compris entre3etn:On applique alors la relation de Chasles pour chaque somme Xn
k=1
1
k = 1
|{z}
1=k=1quandk=1
+ 1
|{z}2
1=k=1=2quandk=2
+ Xn k=3
1 k;
n+1X
k=2
1
k = 1
|{z}2
1=k=1=2quandk=2
+ Xn k=3
1
k + 1
n+ 1
| {z }
1=k=1=(n+1)quandk=n+1 n+2X
k=3
1
k =
Xn k=3
1
k + 1
n+ 1
| {z }
1=k=1=(n+1)quandk=n+1
+ 1
n+ 2
| {z }
1=k=1=(n+2)quandk=n+2
ce qui nous donne
2Tn = 1 + 1 2+
Xn k=3
1 k
! 2 1
2 + Xn k=3
1 k+ 1
n+ 1
! +
Xn k=3
1 k
1
n+ 1 + 1 n+ 2
!
= 1 + 1 2 +
Xn k=3
1
k 1 2
Xn k=3
1 k
2 n+ 1+
Xn k=3
1 k + 1
n+ 1+ 1 n+ 2 =1
2 1
n+ 1+ 1 n+ 2
doncTn =1 4
1
2(n+ 1)+ 1 2(n+ 2): 3. En utilsant que 1
k(k+ 1)(k+ 2)(k+ 3) = 1 6
1 k
3
k+ 1 + 3 k+ 2
1
k+ 3 , on a
Rn = Xn k=1
1
k(k+ 1)(k+ 2)(k+ 3) = 1 6
Xn k=1
1 k
3
k+ 1 + 3 k+ 2
1
k+ 3 ,6Rn = Xn k=1
1 k
3
k+ 1 + 3 k+ 2
1 k+ 3 6Rn =
Xn k=1
1 k 3
Xn k=1
1 k+ 1 + 3
Xn k=1
1 k+ 2
Xn k=1
1 k+ 3 =
Xn k=2
1 k 3
n+1X
k=2
1 k+ 3
n+2X
k=3
1 k
n+3X
k=4
1 k
(en utilisant les changements de variablesj=k+ 1; i=k+ 2; h=k+ 3puis en renommant tous les nouvelles variables enk):
Ork prend les valeurs
1;2;3; 4:::; n 3; n 2; n 1; n dans la première somme, les valeurs
2;3; 4;5:::; n 2; n 1; n ; n+ 1 pour la seconde, les valeurs
3; 4;5;6; :::; n 1; n ; n+ 1; n+ 2 pour la troisième et les valeurs
4;5;6;7; :::; n ; n+ 1; n+ 2; n+ 3
pour la quatrième somme. On constate alors que les quatres sommes ont comme indices communs tous les entiers
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compris entre4 etn:On applique alors la relation de Chasles pour chaque somme Xn
k=1
1
k = |{z}1
1=k=1quandk=1
+ 1
|{z}2
1=k=1=2quandk=2
+ 1
|{z}3
1=k=1=3quandk=3
+ Xn k=4
1 k;
n+1X
k=2
1
k = 1
|{z}2
1=k=1=2quandk=2
+ 1
|{z}3
1=k=1=3quandk=3
+ Xn k=4
1
k + 1
n+ 1
| {z }
1=k=1=(n+1)quandk=n+1 n+2X
k=3
1
k = 1
|{z}3
1=k=1=3quandk=3
+ Xn k=4
1
k + 1
n+ 1
| {z }
1=k=1=(n+1)quandk=n+1
+ 1
n+ 2
| {z }
1=k=1=(n+2)quandk=n+2 n+3X
k=4
1
k =
n+3X
k=4
1
k+ 1
n+ 1
| {z }
1=k=1=(n+1)quandk=n+1
+ 1
n+ 2
| {z }
1=k=1=(n+2)quandk=n+2
+ 1
n+ 3
| {z }
1=k=1=(n+3)quandk=n+3
ce qui nous donne
6Rn = (1 +1 2 +1
3+ Xn k=4
1 k) 3(1
2 +1 3+
Xn k=4
1 k + 1
n+ 1) + 3(1 3 +
Xn k=4
1 k+ 1
n+ 1 + 1 n+ 2) (
n+3X
k=4
1 k + 1
n+ 1+ 1
n+ 2 + 1 n+ 3)
= 1 + 1 2+1
3 + Xn k=4
1 k
3
2 1 3
Xn k=4
1 k
3
n+ 1 + 1 + 3 Xn k=4
1 k + 3
n+ 1+ 3 n+ 2
n+3X
k=4
1 k
1 n+ 1
1 n+ 2
1 n+ 3
= 1 3
1
n+ 1 + 2 n+ 2
1 n+ 3 doncRn= 1
18
1
6(n+ 1)+ 1 3(n+ 2)
1 6(n+ 3) correction de l’exercice 5
1. La suiteudé…nie par8n2N; un =an3+bn2véri…e la relation (E)ssi 8n 2 N; un+2 2un+1+un= 3n 1
, a(n+ 2)3+b(n+ 2)2 2 a(n+ 1)3+b(n+ 1)2 + an3+bn2 = 3n 1(puis on développe)
, a(n3+ 6n2+ 12n+ 8) +b(n2+ 4n+ 4) 2 a(n3+ 3n2+ 3n+ 1) +b(n2+ 2n+ 1) + an3+bn2 = 3n 1 on regroupe ensuite les di¤érentes puissances den
, n3(a 2a+a) +n2(6a+b 6a 2b+b) +n(12a+ 4b 6a 4b) + (8a+ 4b 2a 2b) = 3n 1 , 6an+ (6a+ 2b) = 3n 1 ,
princip e d’identi…cation
6a= 3 6a+ 2b= 1 ,
( a= 1 b= 22
Par conséquent, la suiteuvéri…e(E)ssi8n2N; un =1
2n3 2n2: 2. Pour tout entier natureln;on a :
zn+2 2zn+1+zn= (wn+2 un+2) 2(wn+1 un+1) + (wn un) = (wn+2 2wn+1+wn
| {z }
=3n 1par dé…nition
) (un+2 2un+1+un
| {z }
=3n 1par construction
) = 0
donc la suitezest bien récurrente linéaire d’ordre2à coe¢ cients constants. Son polynôme caractéristique estx2 2x+1 qui admet une unique racinex= 1:Par conséquent, il existe deux réels et tels que
8n2N; zn= ( n+ )1n= n+
Puisque nous connaissons la forme dez ainsi que la forme deu;nous en déduisson la forme dew
8n2N; wn=un+zn= 1
2n3 2n2+ n+ ; où ; sont deux réels
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