LMSC Corrigé DS 6 Exercice 1
1. 𝐴𝐵⃗⃗⃗⃗⃗ . 𝐴𝐶⃗⃗⃗⃗⃗ = (−5
−1) . ( 2
−7) = −10 + 7 = −3 2. 𝐴𝐵⃗⃗⃗⃗⃗ . 𝐴𝐶⃗⃗⃗⃗⃗ = 𝐴𝐵×𝐴𝐶× cos 𝐵𝐴𝐶̂ = 5×6× (−√3
2) = −15√3 3. 𝐴𝐵⃗⃗⃗⃗⃗ . 𝐴𝐶⃗⃗⃗⃗⃗ = 𝐴𝐵⃗⃗⃗⃗⃗ . 𝐴𝐻⃗⃗⃗⃗⃗⃗ = 𝐴𝐵×𝐴𝐻 = 7×3 = 21
4. 𝐴𝐵⃗⃗⃗⃗⃗ . 𝐴𝐶⃗⃗⃗⃗⃗ = 𝐴𝐵⃗⃗⃗⃗⃗ . 𝐴𝐵⃗⃗⃗⃗⃗ = 𝐴𝐵2= 52= 25 5. 𝐴𝐵⃗⃗⃗⃗⃗ . 𝐴𝐶⃗⃗⃗⃗⃗ = 0
Exercice 2
Soit le repère (𝐴; 𝐴𝐵⃗⃗⃗⃗⃗ , 𝐴𝐷⃗⃗⃗⃗⃗ ). On a : A(0 ;0), E(a+b ;0), C(a ;a) et G(a ;b).
D’où : 𝐴𝐺⃗⃗⃗⃗⃗ . 𝐸𝐶⃗⃗⃗⃗⃗ = (𝑎 𝑏) . (−𝑏
𝑎 ) = −𝑎𝑏 + 𝑎𝑏 = 0. Les vecteurs 𝐴𝐺⃗⃗⃗⃗⃗ et 𝐸𝐶⃗⃗⃗⃗⃗ sont orthogonaux. On conclut que les droites (AG) et (EC) sont bien perpendiculaires.
Exercice 3
1. 𝐴𝐵⃗⃗⃗⃗⃗ . 𝐴𝐶⃗⃗⃗⃗⃗ = (−3
−4) . (−5
−1) = 15 + 4 = 19
2. 𝐴𝐵 = √9 + 16 = 5 cm et 𝐴𝐶 = √25 + 1 = √26 cm
3. On a : 𝐴𝐵⃗⃗⃗⃗⃗ . 𝐴𝐶⃗⃗⃗⃗⃗ = 𝐴𝐵×𝐴𝐶× cos 𝐵𝐴𝐶̂ . D’où : cos 𝐵𝐴𝐶̂ = 𝐴𝐵⃗⃗⃗⃗⃗ .𝐴𝐶⃗⃗⃗⃗⃗
𝐴𝐵×𝐴𝐶= 19
5√26. Soit 𝐵𝐴𝐶̂ ≈ 41,8°
4. On a : 𝐴𝐵⃗⃗⃗⃗⃗ . 𝐴𝐶⃗⃗⃗⃗⃗ = 𝐴𝐻⃗⃗⃗⃗⃗⃗ . 𝐴𝐶⃗⃗⃗⃗⃗ = 𝐴𝐻×𝐴𝐶 ⟺ 19
5√26= 𝐴𝐻×√26 ⟺ 𝐴𝐻 = 19
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Exercice 4
Exercice 5
1. Considérons dans le triangle isocèle OBC, la médiane (qui est aussi une hauteur) issue de O coupant le segment [BC] en I. Dans le triangle OBI rectangle en I, par le théorème de Pythagore, on a : 𝑂𝐵2= 𝐵𝐼2+ 𝐼𝑂2 soit 1 =ℎ2
4 +𝑙2
4 ⇔ℎ2
4 = 1 −𝑙2
4 ⇔ ℎ2= 4 − 𝑙2. 2. 𝑙×ℎ2= 𝑙×(4 − 𝑙2) = 4𝑙 − 𝑙3 = −𝑙3+ 4𝑙.
3. (a) 𝑓′(𝑥) = −3𝑥2+ 4 = (2 − √3𝑥)(2 + √3𝑥) Les racines de 𝑓′(𝑥) sont 2
√3 et − 2
√3. On obtient le tableau de variation complet suivant : 𝑥 −∞ − 2
√3 2
√3 +∞
𝑓′(𝑥) − 0 + 0 − 𝑓
16√39
−16√39
(b) La résistance s’exprime de la façon suivante 𝑙×ℎ2= 𝑓(𝑙). Pour que la poutre résiste le mieux, il faut choisir 𝑙 tel que 𝑓 soit maximale. C’est-à-dire, d’après le tableau de variation de 𝑓, pour
𝑙 = 2
√3. De plus, le maximum est égale à 16√39 . D’où l’égalité suivante √32×ℎ2=16√39 soit : ℎ2=8
3 soit ℎ =2√2
√3 .
(c) Plaçons nous dans le triangle rectangle OBI, on a : cos(𝐵𝑂𝐼)̂ =
1
√3
1 = 1
√3. Soit : 𝐵𝑂𝐼̂ = 54,7° et donc ∝= 𝐵𝑂𝐼̂ ×2 = 109,4°
Exercice 6
(𝐵𝐶⃗⃗⃗⃗⃗ ; 𝐴𝐶⃗⃗⃗⃗⃗ ) =3𝜋
4 ; (𝑀𝐴⃗⃗⃗⃗⃗⃗ ; 𝐴𝐵⃗⃗⃗⃗⃗ ) =5𝜋
12; (𝐴𝑀⃗⃗⃗⃗⃗⃗ ; 𝐶𝐵⃗⃗⃗⃗⃗ ) =11𝜋
12 ; (𝐴𝑁⃗⃗⃗⃗⃗⃗ ; 𝐴𝐶⃗⃗⃗⃗⃗ ) =7𝜋
12; (𝐴𝑁⃗⃗⃗⃗⃗⃗ ; 𝐴𝑀⃗⃗⃗⃗⃗⃗ ) =11𝜋
4
Exercice 7
5. Proposition fausse