Master Mécanique Matériaux Structures Procédés Examen cours OP5 – CFMR, Jeudi 21 janvier 2016
Durée 2h – Poly et transparents de cours autorisés
I- Une plaque en acier, de taille moyenne des grains dg =20µm, comporte une entaille elliptique (a=3cm b, =1cm). Cette plaque est sollicitée en traction à une contrainte nominale
50MPa σ∞ = .
a- Calculer le facteur de concentration de contrainte K le rayon à fond d’entaille t ρ et la contrainte σmax. Déterminer ensuite la contrainte moyenne dans trois grains adjacents à l’extrémité de l’entaille en linéarisant le relation :
1 max y 2
x a t
d
dx K
σ σ
= ρ
= − +
b- Le 3e grain est fissuré (fissure fragile de taille 2a1=dg). En appelant σL la contrainte moyenne dans ce grain, montrer que la fissure se propagera dans le grain adjacent si :
2
'
g L
s g
d E γ γ σ
+ = π
où γs et γg sont les énergies spécifiques de création de surface et de franchissement d’un joint de grain et E'=E/(1−υ2).
3 moy
L grain
σ =σ
2a1 =dg
2 1
I L
K σ a
= π dg
σ
∞x y
II- Les essais de fatigue d'un alliage d'aluminium de ténacité 50
KIC = MPa m, sollicité en traction répétée pour différents rapports de charge R , ont montré que la valeur seuil de l’amplitude de l’intensité des contraintes s’exprimait par :
0(1 )
seuil
K K R
∆ = ∆ − avec ∆K0 =2,5MPa m seuil pour R=0
Ces essais ont par ailleurs mis en évidence l’existence de deux régimes de propagation : - l’un pour les fissures courtes (FC) décrit par la relation suivante :
11 2
6 10
FC
da K
dN
−
= ⋅ ∆
pour a<1, 5mm (a : longueur de fissure)
- l’autre pour les fissures longues (FL) décrit par :
12 4
4 10 R
FL
da K
dN
= ⋅ − ∆
pour a≥1, 5mm avec R 1
K K
R
∆ = ∆
−
La vitesse da dN est exprimée en m/cycle et K/ ∆ en MPa m. L'amplitude du facteur d'intensité des contraintes ∆K est calculée par ∆K====∆σ πa .
1°- Calculer σmax et la longueur critique a pour : c a- R=0,1, ∆ =σ 50MPa et 60MPa
b- R=0, 5, ∆ =σ 30MPa et 40MPa
On présentera les résultats dans un tableau où l'on indiquera en dernière colonne la valeur de
seuil
∆K .
2°- Les éprouvettes testées contiennent des fissures de longueur initiale a0 =0, 5mm. Déterminer le nombre de cycles à rupture pour chacun des spectres de chargement suivants :
a- 50 cycles à ∆ =σ 60MPa - R=0,1 et 100 cycles à ∆ =σ 40MPa - R=0,5 ; b- 50 cycles à ∆ =σ 50MPa - R=0,1 et 100 cycles à ∆ =σ 40MPa - R=0,5 ; c- 50 cycles à ∆ =σ 60MPa - R=0,1 et 100 cycles à ∆ =σ 30MPa - R=0,5.
3°- L'alliage étudié est utilisé dans la construction d'un avion. Les moyens de contrôle utilisés ne pouvant déceler des fissures de dimension inférieure à 0,5mm, calculer la longueur maximum atteinte si le contrôle est fait au bout d'un an ; pendant cette période, l'avion effectue 2 vols/jour et subit en moyenne au cours de chaque vol, 1000 spectres de charges, constitué chacun de :
- 1 cycle à ∆ =σ 50MPa - R=0,1, 1 cycle à ∆ =σ 60MPa - R=0,1 - 1 cycle à ∆ =σ 30MPa - R=0.5 et 1 cycle à ∆ =σ 40MPa - R=0,5
Corrigé I- Plaque entaillée chargée en traction.
a- t 1 2a 7 K = + b = et
2
3, 33
b mm
ρ= a = et σmax =Ktσ∞ =350MPa Chute de contrainte à l’extrémité du premier grain :
max 1 max
y 2
g t
x a
d
dx d K
σ εσ σ
= ρ
= − − +
Soit ε =1, 29%.
Contrainte moyenne dans les 3 grains adjacents à l’extrémité de la fissure :
max
1 1 347, 7
2
moy
grain ε MPa
σ = − σ =
max 2
1 3 343, 2
2
moy
grain ε MPa
σ = − σ =
max 3
1 5 338, 7
2
moy
grain ε MPa
σ = − σ =
b- Pour que la fissure se propage dans le grain adjacent, il faut que l’énergie de Griffith G=2(γ γs+ g)
2 2 2
1 2
4 2( )
' ' '
g L
I L
s g
K a d
G E E E
σ σ γ γ
π π
= = = = +
2
'
g L
s g
d E γ γ σ
⇒ + = π
II- Fissuration d’un alliage d’aluminium utilisé dans l’industrie aéronautique
IC 50
K = MPa m.
1- Calcul de σmax et a c
a- R=0,1 et ∆ =σ 50MPa et ∆ =σ 60MPa 0, 9 2
1 Ic
c
a K
π σ
= ∆ , soit ac(50MPa)=257,8mm ac(60MPa) 179= mm
b- R=0, 5 et ∆ =σ 30MPa et ∆ =σ 40MPa
0, 5 2
1 Ic
c
a K
π σ
= ∆ , soit ac(30MPa)=221mm (40ac MPa)=124, 3mm
Rapport R ∆σ(MPa) a mm c( ) ∆Kseuil(MPa m)
0,1 50 257,8
2,25
60 179,0
0,5 30 221,0
1,25
40 124,3
2- a0 =0, 5mm, calcul de N R
a- 50 cycles à ∆ =σ 60MPa - R=0,1 et 100 cycles à ∆ =σ 40MPa - R=0,5 ;
Il faut dans un premier temps calculer aseuil, longueur de fissure au dessus de laquelle la fissure se propage.
1 seuil 2 seuil
a K
π σ
∆
= ∆ soit pour R=0,1 et ∆ =σ 60MPa aseuil =0, 448mm et pour R=0, 5 et ∆ =σ 40MPa aseuil =0, 311mm
La fissure de taille initiale a0 =0, 5mm se propagera donc pour les deux chargements ci- dessus.
Régime fissures courtes
1 2
150
moy
FC
da da da
dN
+
=
avec da1= × ⋅50 6 10−11(60 πa)2 =C a1 C1 =3, 39 10⋅ −5 et
11 2
2 100 6 10 (40 ) 2
da = × ⋅ − πa =C a C2 =3, 02 10⋅ −5
D’où 1 2
150
moy
FC
da da
da Ca
dN
+
= =
avec
4, 27 10 7
C= ⋅ −
Régime fissures longues
3 4
150
moy
FL
da da da
dN
+
=
avec 3 12 60 4 3 2
50 4 10 ( )
da = × ⋅ − 0, 9 πa =C a C3 =3, 90 10⋅ −2 et
12 4 2
2 4
100 4 10 (40 )
da = × ⋅ − 0, 5 πa =C a C4 =1, 62 10⋅ −1
D’où 1 2 ' 2 150
moy
FL
da da
da C a
dN
+
= =
avec
' 1, 34 10 3
C = ⋅ −
Calcul du nombre de cycles à rupture N (la rupture interviendra pour R ac=124, 3mm
0
1,5
2 3
1,5
0
1 1,5 1 1 1
' ln ' 1,5 10
mm ac
R a mm
c
da da
N Ca C a C a C − a
=
∫
+∫
= + ⋅ − Soit NR =2, 57 10⋅ 6+4, 92 10⋅ 5 =3, 06 10⋅ 6
Remarque : le nombre de cycles est plus élevé dans le régime des fissures courtes.
b- 50 cycles à ∆ =σ 50MPa - R=0,1 et 100 cycles à ∆ =σ 40MPa - R=0,5 ; Calcul de aseuil, longueur de fissure au dessus de laquelle la fissure se propage.
1 seuil 2 seuil
a K
π σ
∆
= ∆ soit pour R=0,1 et ∆ =σ 50MPa aseuil =0, 645mm et pour R=0, 5 et ∆ =σ 40MPa aseuil =0, 311mm
La fissure de taille initiale a0 =0, 5mm se propagera donc uniquement pour le 2e chargement, et il faut attendre que sa longueur atteigne aseuil =0, 645mm pour que le 1er chargement soit aussi endommageant.
Régime fissures courtes Pour a0 ≤ ≤a 0, 645mm
2
150
moy
FC
da da
dN
=
et
11 2
2 100 6 10 (40 ) 2
da = × ⋅ − πa =C a C2 =3, 02 10⋅ −5 d’où
''
moy
FC
da C a
dN
=
avec
'' 2, 01 10 7
C = ⋅ −
Pour 0, 645mm≤ ≤a 1, 5mm
1 2
150
moy
FC
da da da
dN
+
=
avec
11 2
1 50 6 10 (50 ) 1
da = × ⋅ − πa =C a C1=2, 36 10⋅ −5 D’où
moy
FC
da Ca
dN
=
avec
3, 59 10 7
C= ⋅ −
Régime fissures longues
3 4
150
moy
FL
da da da
dN
+
=
avec 3 12 50 4 3 2
50 4 10 ( )
da = × ⋅ − 0, 9 πa =C a C3 =1,88 10⋅ −2 et
12 4 2
2 4
100 4 10 (40 )
da = × ⋅ − 0, 5 πa =C a C4 =1, 62 10⋅ −1
D’où 1 2 ' 2
150
moy
FL
da da
da C a
dN
+
= =
avec
' 1, 21 10 3
C = ⋅ −
Calcul du nombre de cycles à rupture N (la rupture interviendra pour R ac=124, 3mm
0
0,645 1,5
2 3
0,645 1,5
0
1 0, 645 1 1, 5 1 1 1
ln ln
" ' " 0, 645 ' 1, 5 10
mm mm ac
R a mm mm
c
da da da
N C a Ca C a C a C C − a
=
∫
+∫
+∫
= + + ⋅ − Soit NR =1, 277 10⋅ 6+2, 35 10⋅ 6+5, 44 10⋅ 5 =4,17 10⋅ 6
c- 50 cycles à ∆ =σ 60MPa - R=0,1 et 100 cycles à ∆ =σ 30MPa - R=0,5 Calcul de aseuil, longueur de fissure au dessus de laquelle la fissure se propage.
1 seuil 2 seuil
a K
π σ
∆
= ∆ soit pour R=0,1 et ∆ =σ 60MPa aseuil =0, 448mm et pour R=0, 5 et ∆ =σ 30MPa aseuil =0, 553mm
La fissure de taille initiale a0 =0, 5mm se propagera donc uniquement pour le 1er chargement, et il faut attendre que sa longueur atteigne aseuil =0, 553mm pour que le 2e chargement soit aussi endommageant.
Régime fissures courtes Pour a0 ≤ ≤a 0, 553mm
1
150
moy
FC
da da
dN
=
et
11 2
1 50 6 10 (60 ) 1
da = × ⋅ − πa =C a C1 =3, 39 10⋅ −5
D’où "
moy
FC
da C a
dN
=
avec
" 2, 26 10 7
C = ⋅ −
Pour 0, 553mm≤ ≤a 1, 5mm
1 2
150
moy
FC
da da da
dN
+
=
avec
11 2
2 100 6 10 (30 ) 2
da = × ⋅ − πa =C a C2 =1, 70 10⋅ −5 D’où
moy
FC
da Ca
dN
=
avec
3, 39 10 7
C= ⋅ −
Régime fissures longues
3 4
150
moy
FL
da da da
dN
+
=
avec 3 12 60 4 3 2
50 4 10 ( )
da = × ⋅ − 0, 9 πa =C a C3 =3, 90 10⋅ −2 et
12 4 2
2 4
100 4 10 (30 )
da = × ⋅ − 0, 5 πa =C a C4 =5,12 10⋅ −2
D’où 1 2 ' 2
150
moy
FL
da da
da C a
dN
+
= =
avec
' 6, 01 10 4
C = ⋅ −
Calcul du nombre de cycles à rupture N (la rupture interviendra pour R ac=179mm
0
0,553 1,5
2 3
0,553 1,5
0
1 0, 553 1 1, 5 1 1 1
ln ln
" ' " 0,553 ' 1,5 10
mm mm ac
R a mm mm
c
da da da
N C a Ca C a C a C C − a
=
∫
+∫
+∫
= + + ⋅ − Soit NR =4, 46 10⋅ 5+2, 94 10⋅ 6+1,10 10⋅ 6 =4, 49 10⋅ 6 3- Application à la durée de vie d’un avion
Nombre de cycles au bout d’un an : N1an = ×2 1000 365 4× × =2, 92 10⋅ 6cycles Spectre composé de 4 chargements :
- 1 cycle à ∆ =σ 50MPa - R=0,1 (1) ; 1 cycle à ∆ =σ 60MPa - R=0,1 (2) ; - 1 cycle à ∆ =σ 30MPa - R=0.5 (3) ; 1 cycle à ∆ =σ 40MPa - R=0,5 (4) ; Seuls les chargements (2) et (4) sont endommageants au début. Le chargement (3) le devient à
0, 553
seuil
a = mm et le chargement (1) à aseuil =0, 645mm.
Pour a0 ≤ ≤a 0, 553mm, 2 4 1 4
moy
FC
da da
da C a
dN
+
= =
avec
7 1 2, 45 10 C = ⋅ −
Pour 0, 553≤ ≤a 0, 645mm, 2 3 4 2
4
moy
FC
da da da
da C a
dN
+ +
= =
avec
7 2 2,87 10 C = ⋅ −
Pour 0, 645≤ ≤a 1, 5mm, 1 2 3 4 3
4
moy
FC
da da da da
da C a
dN
+ + +
= =
avec
7 3 4, 05 10 C = ⋅ −
Pour a>1, 5mm, 1 2 3 4 4 2 4
moy
FL
da da da da
da C a
dN
+ + +
= =
avec
4 4 8, 21 10 C = ⋅ −
Appelons :
1
1 0
1 0, 553
R ln
N =C a , 2
2
1 0, 645 ln0, 553 NR
=C , 3
3
1 1, 5 ln0, 645 NR
=C et 4 3
4
1 1 1
1, 5 10
R
c
N C − a
= ⋅ −
Avec NR1=4,11 10⋅ 5, NR2 =5, 36 10⋅ 5 (NR1+NR2 =9, 47 10⋅ 5<N1an) ;
6 3 2, 08 10
NR = ⋅ (NR1+NR2+NR3 =3, 03 10⋅ 6 >N1an)
Au bout d’un an, la longueur de la fissure n’a donc pas atteint 1,5mm . La longueur a1an atteinte est telle que :
1
1
1 0 2 3
1 0, 553 1 0, 645 1
ln ln ln
0, 553 0, 645
an
an
a N
C a +C +C = , soit a1an =1, 43mm