Cours de mathématiques
Chapitre 7
Dénombrement et probabilités discrètes
Lesprobabilitésformentundomaineàpartenmathématiques,eluidel'étudedesphénomènes
et des expérienes aléatoires, 'est à dire des expérienes dont le résultat n'est pas onnu
à l'avane.
Contrairement à e que l'on pourrait penser de prime abord l'étude sientique des prob-
abilités est relativement réente dans l'histoire des mathématiques. On fait remonter à la
orrespondane de
1654
entre Pasalet Fermat, sur un problème de jeu de hasard, l'atede naissane du alul des probabilités.
Après trois sièles de reherhe, le alul des probabilités a pu fournir, au début du
XX e
sièle, les bases théoriques néessaires au développement de la statistique et a investi de
très nombreux domaines de la viesientique, éonomique et soiale.
Aymar de Saint-Seine
Année scolaire 2011–2012
1.
Rappels : Voabulaire des événements
1.1. Voabulaire
DÉFINITIONS EXEMPLES
Une expériene aléatoire est une expériene
liéeauhasarddont onnepeutpasprévoirleré-
sultat àl'avane.
Lanerundéest uneexpérienealéatoire.
Onpeutependantonnaîtrelesissuespossibles,
appeléeséventualités.
Obtenirlehire
2
est unedeséventualités.L'ensemble de toutes les éventualités d'une ex-
périenealéatoireestappeléunivers.Engénéral,
onnoteetensemble
Ω
.L'universest
Ω = {1; 2; 3; 4; 5; 6}
Événement:
Un événement est une partie (ou un sous-
ensemble) de l'univers
Ω
. Il est onstitué d'uneoud'unensembled'éventualités.
L'événement
A
:obtenirunnombrepair est omposéde3éventualités.OnnoteA = {2; 4; 6}
.Lorsqu'une éventualité
e
appartientà un événe- mentA
,onditquee
réaliseA
.L'éventualité{2}réalisel'événement
A
.Événementpartiulier :
Un évènementimpossibleestunévénementqui
neseréalisejamais.
L'événement
B
:obtenir7estimpossible.On noteB = ∅
.Un évènement ertainest un événement qui se
réalisetoujours.
L'événement
C
:obtenirunnombreplusgrand que0est ertain.OnaC = Ω
.Un évènement élémentaire est onstitué que
d'uneseuleissue.
L'événement
D
: obtenirle nombre 3 ;D
= {3}L'évènementontraireouomplémentairede
A
est onsitué de l'ensemble des issues qui ne réalisentpasA
.OnlenoteA
.A = {1; 3; 5}
Laréuniondesévènements
A
etB
estl'ensemble deséventualitésréalisantA
ouB
.OnnoteA ∪ B
et ondit
A
ouB
.A B
Soit l'événement
E
: obtenir un nombre au moinségalà5 ;E
={5;6}Soit l'événement
F
: obtenir un nombre im- pair ;F
={1;3;5}L'événement
E ∪ F
est obtenirun nombre au moinségalà5ouunnombreimpair ;E ∪ F
={1;3;5;6}L'intersetion des évènements
A
etB
est l'ensemble deséventualités réalisantA
etB
.On noteA ∩ B
et onditA
etB
.A B
L'événement
E ∩ F
est obtenirun nombre au moinségalà5etunnombreimpair 'estàdireobtenirunnombreimpairaumoinségalà5 ;
E ∩ F
={5}A
etB
sontdisjointsouinompatibleslorsqueA
etB
nepeuventpasseréaliserenmêmetemps;A ∩ B = ∅
Lesévénements
E
etD
sontinompatibles.E ∩ D = Φ
.Ilsnesontpasontraires.
2.
Rappels : Calul de probabilités
Définition 1 :
Laprobabilitéd'unévénementd'univers
Ω
estlasommedesprobabilitésdesévéne- ments élémentaires qui leonstitue.Définition 2 :
On dit qu'il y a équiprobabilité lorsque tous les événements élémentaires ont la
même probabilité.
Dans e as, on a :
P (A) =
nombre d'éléments deA
nombre d'éléments de
Ω =
Card(A)
Card
(Ω)
.Remarque:Dansun exerie,poursignierqu'onestdansunesituationd'équiprobabilité
on agénéralement dans l'énoné un expression du type :
•
on laneun dé non pipé, un dé équilibré,...•
dans une urne, il y a des boules indisernables autouher,•
on renontre auhasard une personne parmi ...Exemple : On laneun dé équilibré àsixfaes. On onsidèrel'événement
A
:"obtenirun hirepair" etl'événementB
: "obtenirun diviseur de six".•
Le dé est équilibré, onest don dans une situationd'équiprobabilité.• A = {2 ; 4 ; 6}
etB = {1 ; 2 ; 3 ; 6}
,•
don,P (A) =
Card(A)
Card
(Ω) = 3 6 = 1
2
, etP (B ) =
Card(B)
Card
(Ω) = 4 6 = 2
3
.Théorème 1 :
Soit
A
etB
deux événements, on a les propriétés suivantes :• 0 6 P (A) 6 1
; en partiulierP ( ∅ ) = 0
etP (Ω) = 1
.• P (A) = 1 − P (A)
.• P (A ∪ B ) = P (A) + P (B) − P (A ∩ B )
.Exemple : Ononsidèrel'ensemble
E
desentiers de1
à20
.On hoisitl'unde es nombresau hasard.
A
est l'événement : lenombre est multiplede3
:A = {3 ; 6 ; 9 ; 12 ; 15 ; 18}
;B
estl'événement: lenombreestmultiplede2
:B = {2 ; 4 ; 6 ; 8 ; 10 ; 12 ; 14 ; 16 ; 18 ; 20}
.Calul des probabilités :
• P (A) = 6 20 = 3
10 = 0, 3
.• P (A) = 1 − P (A) = 1 − 3 10 = 7
10 = 0, 7
.• P (B) = 10 20 = 1
2 = 0, 5
.• P (A ∩ B) = 3
20 = 0, 15
.• P (A ∪ B) = P (A) + P (B ) − P (A ∩ B) = 6 20 + 10
20 − 3 20 = 13
20 = 0, 65
.3.
Probabilités onditionnelles
Définition 3 : Probabilité conditionelle
Soient
P
une probabilité sur un universΩ
,A
est un évènement de probabilité non nulle etB
un évènement quelonque.On appelle probabilité de
B
sahant queA
est réalisé laprobabilitéP A (B ) = P (B|A) = P(A ∩ B ) P (A) .
Théorème 2 :
Soient
A
etB
deux évènements de probabilité non nulle. La dénition préédente implique :P (A ∩ B) = P (B|A)P (A) = P (A|B)P(B ).
Définition 4 : Indépendant
Deux évènements sont dits indépendants quand
P (A ∩ B) = P (A) × P (B)
'est à dire, en supposant que les probabilités de
A
etB
sont non nulles, si etseulement si
P (A|B) = P (A)
etP (B|A) = P (B).
4.
Dénombrements
4.1.
Puissanes
Le nombre de listes de
p
éléments distints ou non hoisis parmin
estn p
.Exerie résolu 1 :
Combien y-a-t-ilde odes seretsde arte banaire?
Solution : On faitune liste de 4 hires hoisis parmi
10
valeurs don10 4
.4.2.
Permutations
Soit un ensemblede
n
éléments. Lenombre de façons de lasser esn
éléments estn! = n × (n − 1) × (n − 2) × · · · × 3 × 2 × 1
C'est le nombre de permutationsde
n
éléments.On a
n! = n × (n − 1)!
et0! = 1
Exerie résolu 2 :
Combien de mots (existantsou non) peut-on former ave les lettres
a, b, c
?Solution : On permute trois lettres :
3! = 6
mots diérents.4.3.
Arrangements
Le nombre de listes de
p
éléments distintshoisis parmin
estn × (n − 1) × (n − 2) ×
· · · × (n − p + 1)
.On ditqu'on a un arrangement de
p
éléments hoisis parn
.A p n = n(n − 1)(n − 2) · · · (n − p + 1) = n!
(n − p)!
Exerie résolu 3 :
Quel est le nombre de tierés dans l'ordre sahant qu'il y a
15
hevaux partants?Solution : On lasse trois hevaux hoisis parmi
15
:A 3 15 = 15.14.13 = 2 730
tieréspossibles.
4.4. Combinaisons
Le nombre d'ensembles de
p
élémentsdistintshoisis parmin
estn(n − 1)(n 1.2.3.4 − 2) ··· ··· (n p − p+1)
.On dit qu'on a une ombinaison de
p
éléments hoisis parn
. Il s'agit omme dans lesarrangementsde plaer
p
élémentsd'unensemble hoisiparmin
,mais ette foisi,onnes'oupe pas de l'ordre. Lenombre de ombinaisons est :
C n p = n(n − 1)(n − 2) · · · (n − p + 1)
1.2.3.4 · · · p = n!
p!(n − p)!
Exerie résolu 4 :
Combien d'équipes de 11 joueurs diérentes peut-on onstitués en hoisisant parmi 19
andidats?
Solution : On hoisit 11 joueurs non lassés parmi 19 :
C 19 11 = 19 × 18 × · · · × 9 11 × 10 × · · · × 1 = 75 582
.On a
C n p = C n n − p = C n p − 1 + C n p − − 1 1
(arpour onstitueruneéquipedep
joueursen ayantn
andidats dont Roger, soit on fait une équipe ave Roger (et on hoisitp − 1
joueursparmi
n − 1
pouromplèterl'équipede Roger),soitonfaituneéquipesansRoger etdanse as, onhoisit
p
joueurs parmi lesn − 1
andidats restants.Graeàetteformule, onpeutreprésenterles
C n p
dansun triangle(quiest appelétrianglede Pasal 1
).
p = 0 p = 1 p = 2 p = 3 p = 4 p = 5 n = 0
1n = 1
1 1n = 2
1 2 1n = 3
1 3 3 1n = 4
1 4 6 4 1n = 5
1 5 10 10 5 1Théorème 3 : Formule du binôme
On a
(a + b) n = X n
i=0
C n i a n − i b i
= C n 0 a n b 0 + C n 1 a n − 1 b 1 + C n 2 a n − 2 b 2 + · · · + C n n a 0 b n
Exemple :
(a + b) 5 = a 5 + 5a 4 b + 10a 3 b 2 + 10a 2 b 3 + 5ab 4 + b 5
(on peut utiliser letrianglede Pasal pour trouver lesoeients).
4.5.
Résumé
•
Si letirage autorisedes répétitions, onutilise lespuissanes.•
Si letirage n'autorise pas de répétitions, ondoit utiliser des fatorielles :1
. Sil'ordre est important,onutilise le nombre d'arrangements.2
. Sil'ordre n'est pas important,onutilise le nombre de ombinaisons.Exemple : Un sa ontient
5
boules de ouleurs diérentes.1
. On tire1
boule, on note sa ouleur, on la remet et on reommene trois fois autotal : répétitionet ordre, ily a
5 3
tiragesdiérents.2
. On tire1
boule, onnote sa ouleur, onne la remetpas etonreommene trois foisau total :pas de répétitionet ordre, ily a
A 3 5
tirages diérents.3
. On tire simultanement trois boules : Pas de répétition, nid'ordre :C 5 3
.5.
Exeries
5.1. Probabilités disrètes
7.1
Onutilise un dé équilibréà6faesnumérotées de 1à6.Lesrésultatsseront donnéssous formede frations irrédutibles.
1
. On eetue un lanerdu dé. On onsidère lesévènements suivants.• A
: On obtient 3ou 6.• B
: On obtient 1,2, 3 ou5.1. ainsiappeléarBlaisePasall'aétudié
a
. Calulerla probabilitédes évènementsA
,B
etA ∩ B
.P (A) = 2 6 = 1 3
;P (B ) = 4 6 = 2 3
;P (A ∩ B ) = P ({3}) = 1 6
.b
. Endéduire laprobabilité de l'évènementA ∪ B
.P (A ∪ B ) = P (A) + P (B) − P (A ∩ B) = 2 6 + 4 6 − 1 6 = 5 6
.2
. On eetuedeux lanerssuessifs dudé, lerésultatétantnotépar un ouple(x, y)
où
x
ety
sontlesnumérosdesfaesobtenuesrespetivementaupremieretauseond laner.a
. Quel est le nombre d'éléments de l'univers?|Ω| = 6 × 6 = 36
.b
. Déterminerla probabilité de l'évènementC
: On obtient 3ou 6à haun desdeux laners.
Quatre ouples solutions réalisent et évènement :
(3; 3)
,(3; 6)
,(6; 3)
et(6; 6)
.La probabilité de
C
est donP (C) = 36 4 = 1 9
.7.2
Un sa ontient six jetons :•
deux jetons verts numérotés notésV 1
etV 2
;•
trois jetons jaunes notésJ 1
,J 2
etJ 3
;•
un jeton noir notéN 1
.Onréalisel'expérienesuivante:ontireauhasardun premierjetondanslesa;parmiles
jetons restants,onen tire auhasardun seond. Lesprobabilités alulées seront données
sous formede frations irrédutibles.
1
. Dérire les résultats possibles de ette expériene à l'aide d'un arbre. Quel est lenombre d'éléments de et univers?
L'univers ontient
6 × 5
éléments.2
. On suppose que tous les évènements élémentaires sont équiprobables. Caluler la probabilité de haundes évènements suivants.• A
: Lesdeux jetons tirés ont lamême ouleur.• B
: Lesdeux jetons tirés ont lemême numéro.Lesévènementsélémentairesappartenantà
A
sont(V 1 ; V 2 )
,(V 2 ; V 1 )
,(J 1 ; J 2 )
,(J 2 ; J 1 )
,(J 1 ; J 3 )
,(J 3 ; J 1 )
,(J 2 ; J 3 )
et(J 3 ; J 2 )
. La probabilité deA
est donP (A) = 30 8 =
4
15
. Les évènements élémentaires appartenant àB
sont(V 1 ; J 1 )
,(V 1 ; N 1 )
,(V 2 ; J 2 )
,(J 1 ; V 1 )
,(N 1 ; V 1 )
et(J 2 ; V 2 )
don la probabilité deB
est donP (B) = 30 6 = 1 5
.3
. LesévènementsA
etB
sont-ilsinompatibles?En déduirelaprobabilitédeA ∪ B
.Les évènements
A
etB
sontinompatibles ar il n'est pas possiblede tirer à la fois deux jetons de la même ouleur et portant le même numéro. DonP (A ∪ B) = P (A) + P (B) = 30 8 + 30 6 = 14 30 = 15 7
.7.3
On utiliseundé à6faesnumérotéesde 1à6.Cedé estpipé,'estàdirequetoutesles faesn'ont pas lamême probabilité d'apparition.On saitseulement que :
•
les faespaires ont lamême probabilité d'apparition;•
les faesimpairesont lamême probabilité d'apparition;•
la probabilitéd'apparition d'une faeimpaire est le doublede elle d'unefae paire.1
. En utilisant un système d'équations à deux inonnues, déterminer la probabilité d'apparition de haque fae.Soient
x
la probabilité d'apparition d'une des faes paires ety
elle d'une fae im-paire. D'après l'énoné :
y = 2x
. De plus lasomme des probabilités d'apparitionde toutes les faes doit être égale à 1, donx + x + x + y + y + y = 3x + 3y = 1
. Onen déduitque
3x + 3 · 2x = 9x = 1
et donx = 1 9
e qui impliquey = 2 9
.2
. Quelle est la probabilité de voirapparaitre un hire pair? Et un hire impair? Comme il y a trois faes présentant un hire pair, la probabilité d'en obtenir unest
3 × 1 9 = 1 3
. De même la probabilité d'obtenir un hire impair est3 × 2 9 = 2 3
.5.2.
Probabilités onditionnelles
7.4
Lors d'un test oùil fallaitrépondre par oui ou non à deux questions :•
13personnes ont répondu oui à la1
ère question;•
16personnes ont répondu non à la2
nde question;•
5 personnes ont répondu non aux deux questions.1
. Représenter ettesituation dans un tableau.2
. Compléter le tableausahant que28personnes ont été interrogées.Qu2
\
Qu1 Oui Non TotalOui 2 10 12
Non 11 5 16
Total 13 15 28
3
. On hoisitauhasardunepersonneparmiles28testées. Quellessontlesprobabilités des évènements suivants?• A
: Ellearépondu oui auxdeux questions.• B
: Ellea répondu oui àl'une des deux questions.• C
:Elle arépondu oui à l'une des deux questionset non à l'autre.P (A) = 28 2 = 14 1
;P (B) = 23 28
;P (C) = 21 28 = 3 4
.4
. On hoisit une personne parmielles quiont répondu non à lapremière question.Quelleest laprobabilité pourqu'elle aitaussi répondunon àlaseondequestion?
Il s'agitd'uneprobabilitéonditionnelle.Sionnote
D
etévènement,E
l'évènement ellearépondu non à lapremièrequestion etF
ellearépondunon àlaseondequestion, alors
P (D) = P (F |E) = P P (F (E) ∩ E) = 15 5 = 1 3
.7.5
Dansune populationde 40 hommeset60femmes,on observe que50personnes ontles yeux bleus et que
60%
des hommes ont les yeux bleus. On hoisit une personne auhasard. Calulerles probabilitéspour quela personne hoisie :
• A
: soitun homme;• B
: soitun homme aux yeux bleus;• C
:soit une femme aux yeux bleus;• D
: aitles yeux bleus, sahant que 'est une femme;• E
: soitune femme, sahant qu'elle ales yeux bleus.Grâe aux informationsde l'énoné,on peut ompléter le tableau i-dessous :
Homme Femme Total
Bleus 24 26 50
Non bleus 16 34 50
Total 40 60 100
On en déduit alors les probabilités demandées :
P (A) = 100 40 = 2 5
;P (B) = 100 24 = 25 6
;P (C) = 100 26 = 13 50
;P (D) = P (Bl|F ) = P P (Bl (F ∩ ) F ) = 26 60 = 13 30
;P (E) = P (F |Bl) = P P (F (Bl) ∩ Bl) = 26 50 = 13 25
.7.6
Une étude épidémiologique onernant une ertaine maladie a été faite dans des familles ayant un garçon et une lle de moins de dix ans. On a onstaté que20%
deslles et
50%
des garçonssonttouhés par lamaladie.Parailleurs,parmilesfamillesoùlalle est malade,
70%
des garçonsle sont aussi. On hoisit au hasardune familleétudiée.Caluler lesprobabilités des évènements suivants.
• A
: Les deux enfantssont touhés par la maladie.• B
: Au moinsun des deux enfants est touhé.• C
:Auun des deux enfants n'est touhé.• D
: Sahant quele garçon est touhé, la llel'est aussi.• E
: Sahant que legarçon n'est pas touhé, lalle l'est.Pour la rédation on notera
F
l'évènement La lle est touhée par la maladie. etG
l'évènementLe garçonest touhé par la maladie.
D'après l'énoné,
P (F ) = 1 5
,P (G) = 1 2
etP (G|F ) = 10 7
. On en déduit les probabilités demandées :P (A) = P (F ∩ G) = P (G|F ) P (F ) = 50 7
;P (B) = P (F ∪ G) = P (F ) + P (G) − P (F ∩ G) = 14 25
;P (C) = P (B) = 1 − 14 25 = 11 25
;P (D) = P (F |G) = P P (F (G) ∩ G) = 25 7
;P (F ∩ G) = 1 − P (F ∩ G) = 43 50
donP (E) = P (F |G) = P P (F ∩ G)
(G) = 43 25
.7.7
Oneetue une enquêtesur lesgoûtsdes onsommateurs onernantlesaessoires automobiles. Parmi les personnes interrogées,90%
souhaitent un véhiule équipé d'unautoradio,
15%
souhaitent lalimatisation et12%
es deux équipements.1
. On hoisit un individu dans ette population.a
. Quelleest laprobabilité pour qu'il ne souhaite pas d'autoradio?b
. Quelleestlaprobabilitépourqu'ilsouhaiteaumoinsundesdeuxéquipements?Notons
A
l'évènement l'individu souhaite un autoradio etC
l'évènement l'indi- vidu souhaitelalimatisation. Grâe aux données del'énoné,on peut ompléter letableau suivant :
A A
TotalC
12 3 15C
78 7 85Total 90 10 100
On endéduitsans diultéque
P (A) = 10 1
etP (A ∪ C) = P (A) + P (C)− P (A ∩ C) = 90+15 100 − 12 = 100 93
.2
. On hoisit auhasard un individu quisouhaitela limatisation.Quelleest la proba- bilité pour qu'ilsouhaiteaussi un autoradio?C'est
P (A|C) = P P (A (C) ∩ C) = 12 15 = 4 5
.7.8
Dans un lub de vaanes, deux ativités A et B sont proposées aux enfants entre8 et10 ans. Lesenfantspeuvent umuler les deux ativités, hoisir une seule de es deux
ativités, ou enore ne pratiquer auune de es deux ativités. On hoisit au hasard le
nom d'un enfant de et âge. Tous les enfantsont lamême probabilité d'être hoisis.
On notera
A
l'évènement : l'enfant pratique l'ativité A etA
l'évènement ontraire deA
,B
l'évènement : l'enfantpratique l'ativité B etB
l'évènement ontraire deB
.La situationest représentée àl'aide d'un arbre pondéré donné en annexe I.
1
. Compléter l'arbre etle tableaudonnés idessous.probabilité du résultat
b b
A 0, 6
b B
0, 3
b B
0, 7
b
A 0, 4
b B
0, 1
b B
0, 9
p(A ∩ B) = 0, 18 p(A ∩ B) = 0, 42 p(A ∩ B) = 0, 04 p(A ∩ B) = 0, 36
2
. Par leture de l'arbre, donnerlesprobabilités onditionnellesp(B/A)
etp(B/A)
.p(B/A) = 0, 3
etp(B/A) = 0, 1
.3
. Démontrer quep(B) = 0, 22
.p(B) = p(B ∩ A) + p(B ∩ A) = 0, 18 + 0, 4 = 0, 22
.4
. On dénit les évènementsE
etF
de la façonsuivante:E : l'enfanthoisi ne pratique auune des deux ativités;
F :l'enfant hoisi pratique au moinsl'une des ativités.
a
. ExprimerE
enfontiondeA
etB
puis,ens'appuyantsurlesrésultatsontenusdans letableau du 1, déterminer
p(E)
.p(E ) = p(A ∩ B) = 0, 36.
b
. Calulerp(F )
.p(F ) = p(A ∪ B) = p(A) + p(B) − p(A ∩ B) = 0, 6 + 0, 22 − 0, 18 = 0, 64
.7.9
Une usine fabrique des omposants életroniques. Une étude statistique à montré que 90% de la produtionne présentepas de défaut.Chaque omposant est soumis à un ontrle de fabriation. Ce ontrle refuse 94% des
omposantsave défaut etaepte 92% des omposants sans défaut.
On prélève au hasard un omposant avant son passage au ontrle dans la prodution
d'une journée.
Tous lestirages sont équiprobables.
On désigne par
D
l'événement : Le omposant a un défaut etparA
l'événement : Le omposant est aepté al'issue du ontrle.1
.a
. DéduireP (D), P (A/D)
etP (A/D)
des informationsgurant dans l'énoné et représenter la situationàl'aide d'un arbre de probabilité.D'après l'énoné, on a
P (D) = 0, 9, P (A/D) = 0, 92
etP (A/D) = 0, 94
b b
D 0, 1
b A p(D ∩ A) = 0, 006 0, 06
b A p(D ∩ A) = 0, 094 0, 94
b
D 0, 9
b A p(D ∩ A) = 0, 828 0, 92
b A p(D ∩ A) = 0, 072 0, 08
b
. EndéduireP (A/D)
.P (A/D) = 1 − P (A/D) = 1 − 0, 94 = 0, 06
.2
.a
. Calulerla probabilitédes événements suivants:E 1
: Leomposantest aepté etn'a pas de défautE 2
: Leomposantest aepté eta un défautp(E 1 ) = p(A ∩ D) = p(A/D).p(D) = 0, 92 × 0, 9 = 0, 828
.p(E 2 ) = p(A ∩ D) = p(A/D).p(D) = 0, 06 × 0, 1 = 0, 006
.b
. Calulerla probabilitéque le omposantsoit aepté.p(A) = p(A ∩ D) + p(A ∩ D) = 0, 828 + 0, 006 = 0, 834
.3
. Leontrlepermet-ild'armerquemoinsde1%desomposantsaeptésprésententun défaut?
p(D/A) = p(A ∩ D)
p(A) = 0, 006
0, 834 = 0, 007 < 1%.
Eetivement, moins de 1% des omposants aeptés présententun défaut.
7.10
Roger est un adeptedu tir aufusilsur un disque d'argilelané dans lesairs (ball-trap).
Il tire suessivement sur deux disques, lanés l'un après l'autre à quelques seondes
d'intervalles.
On note
A 1
l'évènement : Roger atteintlepremier disqueetA 2
l'évènement : Roger atteintle deuxièmedisque.La probabilité qu'il atteigne le premier disque est de 0,8. Lorsqu'il atteint le premier
disque, la probabilité qu'il atteigne le deuxième disque est de 0,7. Lorsque Roger rate le
premier disque, laprobabilité qu'ilatteigne ledeuxième disque est de 0,4.
1
. Représenter lasituationà l'aide d'un arbre de probabilité.b b
A 1
0, 8
b A 2 p(A 1 ∩ A 2 ) = 0, 56 0, 7
b A 2 p(A 1 ∩ A 2 ) = 0, 24 0, 3
b
A 1
0, 2
b A 2 p(A 1 ∩ A 2 ) = 0, 08 0, 4
b A 2 p(A 1 ∩ A 2 ) = 0, 12 0, 6
2
. Enindiquantlesalulsetenutilisantlesnotationsorretes, donnerlaprobabilité que Roger rate lepremier disque etatteigne ledeuxième.p(A 1 ∩ A 2 ) = p(A 1 )p(A 2 /A 1 ) = 0, 2 × 0, 4 = 0, 08
.3
. Enindiquantlesalulsetenutilisantlesnotationsorretes, donnerlaprobabilité que Roger atteignele deuxièmedisque.p(A 2 ) = p(A 2 ∩ A 1 ) + p(A 2 ∩ A 1 ) = 0, 8 × 0, 7 + 0, 2 × 0, 4 = 0, 64
.4
. Enindiquantlesalulsetenutilisantlesnotationsorretes, donnerlaprobabilité que Roger aitraté le premierdisque sahant qu'ilatteintle deuxième.p(A 1 /A 2 ) = p(A 1 ∩ A 2 )
p(A 2 ) = 0, 08
0, 64 = 0, 125
.7.11
Une maladieatteint3%
d'une population.On appellera maladeslesindividusatteintsde ettemaladieet sainseux quine
le sont pas.
Un test de dépistage donneles résultatssuivants :
•
Chez lesindividus malades,95%
de tests sontpositifset5%
négatifs;•
Chez lesindividus non malades,2%
de tests sont positifs et98%
négatifs.On note
M
l'événement : être maladeetP
l'événement : avoir un test positif.1
.a
. Donner,enutilisantlesnotationsorretes,lesprobabilitésfourniesparl'énoné.On a
p(P/M ) = 0, 95, p(P /M ) = 0, 05, p(P/M) = 0, 02, p(P /M ) = 0, 98
.b
. Construire un arbre pondéré orrespondant à lasituationdérite.b b
M 0, 03
b P p(P ∩ M ) = 0, 0285 0, 95
b P p(P ∩ M ) = 0, 0015 0, 05
b
M 0, 97
b P p(P ∩ M ) = 0, 0194 0, 02
b P p(P ∩ M ) = 0, 9506 0, 98
2
.a
. Exprimer par une phrase lesévénèmentM ∩ P
etM ∩ P
.M ∩ P
est l'événement : l'individu est malade et le test est négatif.M ∩ P
est l'événement : l'individu est sain et le test est positif.b
. Calulerp(M ∩ P )
etp(M ∩ P )
.p(M ∩ P ) = p(P /M).p(M ) = 0, 05 × 0, 03 = 0, 0015
.p(M ∩ P ) = p(P/M).p(M ) = 0, 97 × 0, 02 = 0, 0194
.c
. Quelleest laprobabilité que letest donneun résultatérroné?les événements étant indépendants, on additionne les probabilités. On a don
une probabilité de
0, 0015 + 0, 0194 = 0, 0209 ≈ 2%.
3
.a
. Calulerp(M ∩ P )
puisp(P )
.p(M ∩ P ) = p(M ).p(P/M ) = 0, 03 × 0, 95 = 0, 0285
.p(P ) = p(P ∩ M ) + p(P ∩ M) = 0, 0285 + 0, 0, 0194 = 0, 0479
.b
. Calulerla probabilitéqu'un individudont letest est positif soitsain.p(M /P ) = p(P ∩ M )
p(P ) = 0, 0194
0, 0479 ≈ 0, 41
.c
. Au regard des frais médiaux très lourd engagés pour un individu à la suited'untest positif,quelle peutêtre l'opiniondes responsablesnaniersàpropos
de e test?
Le test n'est pas assez able puisque trop de personne saine sont délarées
malades.
4
.a
. Calulerp(P )
p(P ) = 1 − p(P ) = 1 − 0, 0479 = 0, 9521
ou alorsp(P ) = p(P ∩ M ) + p(P ∩ M) = 0, 0015 + 0, 97 × 0, 98 = 0, 9521
.b
. Calulerla probabilitéqu'un individudont letest est négatif soitmalade.p(M/P ) = M ∩ P
p(P ) = 0, 0015
0, 9521 = 0, 0016
.c
. Les responsables de la santé auront-ils la même opinion que les responsables naniers?Non, ar le test détete très bien les personnes malades ... le pb est qu'il les
detetemêmetropbienpuisqu'ildelaremaladedespersonnesquinelesontpas
mais i lvaut mieux guérir un personne saine que laisser une personne malade
en irulation.
7.12
Une pièe est usinée suessivement par deux mahines M1 et M2, les résultats des deux usinages étant indépendants. Après passage dans la première mahine M1, 5%des pièesprésentent un défaut. On note
A
l'événement : Lapièe est défetueuse après passagedansM1.AprèspassagedansladeuxièmemahineM2(etquelquesoitleurétataprès leur passage dans M1), 2% présentent un autre défaut. On note
B
l'événement : La pièe est défetueuse après passage dans M2. On extrait auhasard une pièe parmiles pièes ayant subi les deux usinages.
1
. Donner les probabilités deA
etdeB
.D'après l'énoné,
P (A) = 100 5
etP (B) = 100 2
.2
. Exprimer à l'aidedes événementsA
etB
lesévénements suivants :• C
:la pièe est défetueuse pour lesdeux usinagespar M1 etM2;• D
: lapièe est défetueuse;• E
: lapièe ne présente auun défaut.On trouve
C = A ∩ B
,D = A ∪ B
etE = A ∪ B
.3
. Calulerles probabilités des événementsC
,D
etE
.D'après l'énoné, lesévènements
A
etB
sontindépendants,donP (C) = P (A) × P (B) = 10000 10 = 1000 1
. On sait ensuite queP (D) = P (A ∪ B) = P (A) + P (B) − P (A ∩ B) = 1000 69
. Enn,P (E) = P (D) = 1 − P (D) = 1000 931
.4
. Sahant que la pièe extraite est défetueuse, quelle est la probabilité que la pièe présente des défauts d'usinage par lesdeux mahines?Il faut aluler
P (C|D) = P P (C (D) ∩ D) = P P (C) (D) = 69 1
.5
. Exprimer à l'aide deA
etB
l'événement : le défaut provient uniquement de la mahine M2,puis saprobabilité.Endéduirela probabilitéquele défautprovienneuniquement de la mahine M2, sahantque la pièe est défetueuse.
Le premier évènement est
F = A ∩ B
. CommeA
etB
sont indépendants, sa prob- abilité estP (F ) = P (A) × P (B) = 10000 190 = 1000 19
. La probabilité demandée ensuite est don égale àP (F |D) = P P (F (D) ∩ D) = P P (F (D) ) = 19 69
.7.13
On jetteun dé équilibré à six faes. Si lerésultat obtenu est 1,2 ou3 onjette unautre dé à six faes. Si le résultat du premier jet de dé est 4, 5 ou 6, on jette un dé à
quatrefaes(toujourséquilibré).Lerésultatde etteexpérieneestun ouplede nombres
entiers
(a; b)
.1
. Déterminer l'ensembledes résultats possibles gràe àun tableau.1 2 3 4 5 6
1
(1, 1) (1, 2) (1, 3) (1, 4) (1, 5) (1, 6)
2
(2, 1) (2, 2) (2, 3) (2, 4) (2, 5) (2, 6)
3
(3, 1) (3, 2) (3, 3) (3, 4) (3, 5) (3, 6)
4
(4, 1) (4, 2) (4, 3) (4, 4)
5
(5, 1) (5, 2) (5, 3) (5, 4)
6
(6, 1) (6, 2) (6, 3) (6, 4)
Il y a don en tout 30 tirages possibles.
2
. Calulerla probabilité des évènements suivants :• A
: Lepremierhireest 3;• B
: Leseond hire est 5;• C
:Le premierhire est 6;• D
: Leseond hireest 2;• E
: Lepremierhireest 1,2 ou3.P (A) = 30 6 = 1 5
;P (B) = 30 3 = 10 1
;P (C) = 30 4 = 2 5
P (D) = 30 6 = 1 5
;P (E) = 18 30 = 3 5
.3
. Existe-t-ildeuxévènementsinompatiblesparmilesinqpréédents?Sioui,lesquels?Oui,les évènements
A
etC
dont évidemmentinompatibles, maisaussiB
etC
, arsi on obtient un 6 ave lepremier dé on ne jette qu'un dé à 4 faes.
4
. Existe-t-ildeuxévènementsindépendantsparmilesinqpréédents?Sioui,lesquels?p(A∩B) = 30 1 6= p(A)×p(B )
donA
etB
sontindépendants.On proèdedelamême façon pour les autres événements, mais d'une façon générale le laner du deuxièmedé étantlié au résultat du premier laner, lesévénementsne sontpas indépendants.
5
. Calulerla probabilité deA ∪ B
.P (A ∪ B) = P (A) + P (B) − P (A ∩ B ) = 30 6 + 30 3 − 30 1 = 15 4
.6
. Calulerla probabilité deB ∪ C
.P (B ∪ C) = P (B) + P (C) − P (B ∩ C) = 30 3 + 30 4 − 0 = 30 7
.7
. Calulerla probabilité deC ∪ D
.P (C ∪ D) = P (C) + P (D) − P (C ∩ D) = 30 4 + 30 6 − 30 1 = 10 1
.8
. Calulerla probabilité deD
sahantE
.P (D|E) = P P (D (E) ∩ E) = 18 3 = 1 6
.9
. Calulerla probabilité deD
sahantE
.P (D|E) = P P (D ∩ E)
(E ) = 12 3 = 1 4
.10
. La formulesuivante est-ellevraie?P (D) = P (D|E) + P (D|E)
Cette formule estfausse.Laformule exatequi y ressembleest
P (D) = P (D ∩ E) + P (D ∩ E)
.7.14
Unmême typed'érou est fabriquépar troismahinesappeléesM 1
,M 2
etM 3
.Lesprodutions journalières de haque mahine sont respetivement
m 1 = 2500
,m 2 = 1900
et
m 3 = 2200
.Les probabilités qu'un érou hoisi au hasard parmi la prodution journalière d'une des
trois mahines soit défetueuse sont respetivement
p 1 = 0, 09
,p 2 = 0, 05
etp 3 = 0, 06
.On hoisit un érouauhasarddans laprodutiond'une journée.On suppose quetous les
hoixsontéquiprobables.Calulerlavaleur approhée à
10 − 3
de laprobabilitéde haun des évènements suivants.• A
: l'érouest défetueuxet provient deM 1
;• B
: l'érouest défetueuxet provient deM 2
;• C
:l'érou est défetueux et provientdeM 3
;• D
: l'érouest défetueux;• E
: l'éroua été fabriqué parM 1
sahant qu'ilest défetueux;• F
:l'érou n'a pas été fabriqué parM 1
sahant qu'ilest défetueux.La prodution journalière totale est égale à
6600
. Les érous défetueux provenant deM 1
sont au nombre de
2500 × 0.09 = 225
donP (A) = 6600 225 = 0.034
. Les érous défetueuxprovenant de
M 2
sont au nombre de1900 × 0.05 = 95
donP (B) = 6600 95 = 0.014
.Les érous défetueux provenant de
M 3
sont au nombre de2200 × 0.06 = 132
donP (C) = 6600 132 = 0.02
. On en déduit queP (D) = P (A) + P (B) + P (C) = 6600 452 = 0.068
.Les deux derniers évènements mettent en jeu des probabilités onditionnelles :
P (E) = P (M 1 |D) = P (M P (D) 1 ∩ D) = P P (D) (A) = 225 452 = 0.498
etP (E) = P (M 1 |D) = P (M P (D) 1 ∩ D) =
P (M 2 ∩ D)+ P (M 3 ∩ D)
P (D) = P (B)+ P (D) P (C) = 227 452 = 0.502
.5.3.
Dénombrement
7.15
Dans une pièe de théâtre , il y a six rles qui peuvent être tenus par n'importelesquelles des vingtpersonnes de latroupe.Combien y a-t-ilde distributionspossiblesde
es rles?
L'ordre est important et il n'y a pas répétition. C'est un arrangement de 6 éléméents
hoisis parmi 20.
A 6 20 = 20 × 19 × 18 × 7 × 16 × 15 = 27 907 200
.7.16
Une suite de dix questions est proposée à un andidat qui doit répondre par ouiou par non à es questions. Dénombrer les façons diérentes dont on peut envisager de
répondre à l'ensembledes questions :
1
. en supposant quetoute question reçoit une réponse;Il y a 10 répétitionsde 2 hoix don
2 10
possibilités.2
. en supposant queertaines questionspeuvent être laissées sans réponse.Il y a 10 répétitionsde 3 hoix don
3 10
possibilités.7.17 45
personnespartiipentàune oursedontlestroispremierssontréompenséspardes prixde valeur dégressive. Combien ya-t-ilde palmarèsdiérentspossibles?
On hoisit 3 personnes lassées parmi 45 don
A 3 45 = 85 140
possibilités.7.18
Sur trois étagères, on souhaite ranger inq livres de mathématiques diérents, quatre livres de physique diérents, deux livres de himie diérents. Caluler le nombrede rangements possibles en séparant lesmathématiques, laphysique et lahimie (l'ordre
des livressur les étagères est don important).
Il s'agit d'ordonner les matières sue les étagères. C'est une permutation de 3 éléments.
Il y a 3!=6 possibilités.
Si on onsidèrede plus l'ordre des livres sur haqueétagère,il y a
5!
façonsde ranger leslivres de math,
4!
façons de ranger les livres de physiqueet2!
façons de ranger les livresde himie. Don au total, il y a
6! × 5! × 4! × 2! = 4 417 200
façons de ranger les livressur les étagères.
7.19
Combieny a-t-ilde façons de remplir unegrillesimplede loto(on rappellequ'unegrilleomporte quarante neufases numérotées de 1 à49 etqu'il fauten oher six )?
On hoisit 6 numéros non lassés parmi 49 :
C 49 6 = 49 × 48 × · · · × 44
6 × 5 × · · · × 1 = 13 983 816
.7.20
Dénombrer lesodesseretsde artebanaire àquatrehires. Ensupposantqu'ilexiste en Frans 10 millions de artes banaires en irulation, ombien de artes ont le
même ode seret.
Il y a 4 répétitions de 10 hoix don
10 4 = 10 000
possibilités. Comme il y a10 000 000
artes en irulations, il y a
1000
artes qui ont lemême numéro.7.21
On onsidère les deux signaux diérents du morse : le point•
et le trait−
. Onappelle séquene d'ordre
n
, l'émissionden
signaux (n ∈
N). Par exemple,− • − −
estune séquene d'ordre 4.
1
. Quel nombre de séquenes d'ordren
diérentes peut-on ainsi émettre?Il y a
n
répétitions de2
hoix don2 n
possibilités.2
. Quellevaleurminimalefaut-ilattribueràn
pourpouvoiroderenséquenes d'ordren
lesvingt-sixlettres de l'alphabetfrançais plus lesdix hires?On veut que
2 n > 26 + 10
, donn
doit être au minimum égale à6
puisque2 5 = 32
.7.22
Eninformatique,lesouleurssontnotéesenmodebinaire,'estàdireparunesérie de 0etde 1.On ditqu'un ouleurest notéeenn
bits sionla représente par une série den
symboles 0 ou 1.1
. Combien de ouleur peut-onoder en utilisant1 bit, 2 bits, 4bits et8 bits?Il y a
n
répétitionsde2
hoixdon 1bits :2 1 = 2
ouleurs;2 bits :2 2 = 4
ouleurs;4 bits :
2 4 = 16
ouleurs; 8 bits :2 8 = 256
ouleurs2
. Combien faut-ilde bits pour oder au moins 64000ouleurs?On veut que
2 n > 64000
, donn
doit être au minimum égale à16
puisque2 15 = 32 768
et2 16 = 65 536
.3
. On parle de ouleurs vraies quand plus de 16millions de ouleurs sont disponibles.Combien de bits faut-ilalors utiliserpour leodage?
On veut que
2 n > 16 000 000
, donn
doit être au minimum égale à24
puisque2 23 = 8 388 608
et2 24 = 16 777 216
.7.23
On appellemot de 3 lettres tout assemblage ordonné de 3 éléments que l'on peutformer ave les symboles
a
,b
,c
,d
ete
(pouvant être utilisées plusieurs fois, éventuelle- ment).1
. Dénombrer les mots distintsde 3 lettres.Il y a
3
répétitions de5
hoixdon5 3 = 125
possibilités.2
. Parmi eux,dénombrer :a
. Lesmots de 3lettres distintes.On hoisit
3
lettres lassées parmi5
sans répétitionsdonA 3 5 = 5 × 4 × 3 = 60
possibilités.
b
. Lesmots de 3lettres distintes dont lapremière lettreesta
.On hoisit
2
lettres lassées parmi4
sans répétitions donA 2 4 = 4 × 3 = 12
possibilités.
7.24
Trois personnes peuvent s'asseoirsur trois haises numérotées.1
. Combien y a-t-ilde possibilités?On permute les
3
personnes don3! = 6
possibilités.2
. Dénombrerlespossibilitéssilestroispersonnesontlehoixentre7haisesnumérotées.On hoisit
3
haises lassées parmi7
sans répétitions donA 3 7 = 7 × 6 × 5 = 210
possibilités.
3
. Répondre aux questionspréédentes dans leas où leshaises ne sontpas diéren-iables.
Il y a une possibilités.
On hoisit
3
haises non lassées parmi7
sans répétitions donC 7 3 = 7 × 6 × 5
3! =
210
6 = 30
possibilités.7.25
Lefoyerd'unlyéeomportequaranteadhérents,déterminerlenombredebureauxomprenantun président,un vie-président, un trésorier.
On hoisit
3
haises lassées parmi40
sans répétitionsdonA 3 40 = 40 × 39 × 38 = 59 280
possibilités.
7.26
Lestrentesept élèves d'unelasse(vingt lles etdix septgarçons) veulent élireunomité de trois membres.
1
. Combien y a-t-ilde omités possibles?On hoisit 3 personnes non lassées parmi 37 :
C 37 3 = 7 770
omités possibles.2
. Parmi eux-i, ombien ontiennent plus de lles que de garçons?Il y a soit 3 lles (
C 20 3 = 1 140
omités) soit deux lles (C 20 2 × 17 = 3 230
omitésdon 4 370 omités qui ont plus de lles que de garçons.
7.27
Dans un département français, le numéro minéralogique d'un véhiule était om- posé d'un nombre ompris entre 1 et 9999 suivi d'une ou deux lettres et du numéro duode du département. En e qui onerne le groupede lettres, on utilise en premier lieu
tout l'alphabet de A à Z, sauf les lettres I, O et W, puis on forme des groupes de deux
lettres AA,AB...en exluanttoujours l'utilisationdes lettresI etOet desombinaisons
TT etWW. MaisT etW peuvent être utiliséeshors de es ombinaisons.
Combien pouvait-on immatriuler de véhiules dans un même département avant de
hangerde mode de numérotation?
hires :
9999
hoix; lettres : 26-3=23
hoix et deuxlettres :24 × 24 − 2 = 574
. Il y avaitdon
9999 × (23 + 574) = 5 969 403
immatriulations possibles.7.28
Quatre joueurs reçoivent haun sept dominos au hasard. Combien y a-t-il dedistributions possibles distintes?
Il y a
7 ∗ 4 = 28
dominos.On hoisit d'abord7 dominosparmi 28pour lepremier joueur, puis7 dominosparmis les
21 restants pour le seond joueur, puis 7 dominos parmi 14 pour le troisième joueur. Le
dernier joueur a les 7 dominos restants. Il y a
C 28 7 × C 21 7 × C 17 7 = 472 518 347 558 400 7.29
Danslejeude MasterMind,unjoueurdoitdevinerunegureobtenueen plaçantdes pions de six ouleurs diérentes, qui seront notéespar leur initiale,dans quatre trous
àraison d'unpionpar trou.Danse quisuit, unetelle gureseraassimiléeàune suitede
quatre éléments de l'ensemble
{J ; B; R; V ; O; N }
. Par exemple,(J ; B; R; J )
est la guredanslaquellelepremieretlequatrièmepionssontjaunes,ledeuxièmebleuetletroisième
rouge.
1
. Quel est lenombre de gures possibles?Il y a 4 répétitionsde 6 hoix possiblesdon