Universit´e Pierre et Marie Curie-Paris 06 LM 260 Corrig´e du Partiel, 2012-2013
Exercice 1
1) La fonction sin(t) est positive sur tout intervalle [2nπ,(2n+ 1)π] et n´egative sur tout intervalle [(2n+ 1)π,(2n+ 2]π]. Il en est de mˆeme pour la fonction f(t) sin(t). D’apr`es les propri´et´es de l’int´egrale de Riemann, on en d´eduit que
Z (2n+1)π
2nπ
f(t) sin(t)dt est positive et
Z (2n+2)π
(2n+1)π
f(t) sin(t)dtest n´egative, ce qui implique bien que pour toutn∈N,un est positif si nest pair et n´egatif sinest impair.
2)Puisque la fonctionf(t) sin(t) garde un signe constant sur tout intervalle [nπ,(n+ 1)π], on a :
|un|=
Z (n+1)π
nπ
f(t)|sin(t)|dt
Or, puisquef est d´ecroissante, on a aussi, en effectuant le changement de variablet=s+π:
|un+1|=
Z (n+2)π
(n+1)π
f(t)|sin(t)|dt=
Z (n+1)π
nπ
f(s+π)|sin(s)|ds≤
Z (n+1)π
nπ
f(s)|sin(s)|ds=|un| La suite (|un|)n∈N est donc bien d´ecroissante.
De plus :
|un|=
Z (n+1)π
nπ
f(t)|sin(t)|dt≤f(nπ) Z π
0
|sin(t)|dt→n→+∞0 Puisquef a pour limite 0 en +∞, la suite (|un|)n∈N tend bien vers 0 lorsquen +∞.
3)D’apr`es le crit`ere des s´eries altern´ees, la s´erie num´erique de terme g´en´eralun converge.
4)Si sn est la somme partielle d’ordrende la s´erie num´erique de terme g´en´eralun, on a:
sn=
Z (n+1)π
0
f(t) sin(t)dt
et donc la suite Z nπ
0
f(t) sin(t)dt
n∈N
est convergente.
Comme de plus on a d’apr`es la question 2) pournπ≤x≤(n+ 1)π:
Z nπ
0
f(t) sin(t)dt− Z x
0
f(t) sin(t)dt
=
Z x
nπ
f(t) sin(t)dt
≤
Z (n+1)π
nπ
f(t)|sin(t)|dt→n→+∞0
l’int´egrale g´en´eralis´ee Z +∞
0
f(t) sin(t)dtest bien convergente.
4)Si f(t)≥1
t pourt >0, on peut ´ecrire:
Z (n+1)π
nπ
f(t)|sin(t)|dt≥f((n+ 1)π) Z π
0
|sin(t)|dt≥ 1 (n+ 1)π
Z π
0
|sin(t)|dt D’o`u
Z (n+1)π
π
f(t)|sin(t)|dt≥
n+1
X
k=1
1 kπ
Z π
0
|sin(t)|dt→n→+∞+∞
1
Donc l’int´egrale Z +∞
0
f(t) sin(t)dtn’est pas absolument convergente.
Exercice 2 1) a)Si t∈[k, k+ 1], alors 1
tα ≤ 1 kα d’o`u
Z k+1
k
dt tα ≤ 1
kα. De mˆeme, si t∈[k−1, k], alors 1 tα ≥ 1
kα d’o`u Z k
k−1
dt tα ≥ 1
kα. Donc:
Z k+1
k
dt tα ≤ 1
kα ≤ Z k
k−1
dt tα
b)En sommant membre `a membre dek=n k=N et en faisant ensuite tendreN vers +∞, on obtient :
1
(α−1)nα−1 = Z +∞
n
dt tα ≤
+∞
X
k=n
1 kα ≤
Z +∞
n−1
dt
tα = 1
(α−1)(n−1)α−1 D’o`u, puisque le quotient des termes extrˆemes tend vers 1:
+∞
X
k=n
1
kα ∼n→+∞ 1 (α−1)nα−1 2)Par une int´egration par parties, on peut ´ecrire
Z π
0
f(t) sin ((2n+ 1)t/2)dt=
− 2
2n+ 1f(t) cos((2n+ 1)t/2) π
0
+ 2
2n+ 1 Z π
0
f0(t) cos((2n+ 1)t/2)dt
≤ 2
2n+ 1|f(0)|+ 2π 2n+ 1 sup
t∈[0,π]
|f0(t)| →n→+∞0 3)En utilisant l’identit´e
n
X
k=0
eikt=1−ei(n+1)t
1−eit = ei(n+1)t/2 eit/2
sin((n+ 1)t/2)
sin(t/2) =eint/2sin((n+ 1)t/2) sin(t/2) et en prenant sa partie r´eelle, on obtient:
An(t) =−1 2 +
n
X
k=1
cos(kt) =−1
2 +cos(nt/2) sin((n+ 1)t/2) sin(t/2)
puis par une formule trigonom´etrique classique : An(t) =−1
2 +sin((2n+ 1)t/2) + sin(t/2)
2 sin(t/2) = sin((2n+ 1)t/2) 2 sin(t/2) 4)Effectuons deux int´egrations par parties :
Z π
0
(at2+bt) cos(nt)dt=
(at2+bt)sin(nt) n
π
0
− Z π
0
(2at+b)sin(nt) n dt
= 0−
(2at+b)−cos(nt) n2
π
0
− Z π
0
2acos(nt) n2 dt
=−−(2πa+b)(−1)n+b
n2 −0 = 1
n2 2
pour ces valeurs deaetb.
En utilisant la d´efinition deAn(t) == 1 2+
n
X
k=1
cos(kt), on obtient alors:
Z π
0
(t2
2π−t)An(t)dt=1 2
Z π
0
(t2
2π−t)dt+
n
X
k=1
1
k2 =Sn−π2 6
5)On applique la question 2) avec la fonctionf(t) = (t2
2π−t) 1
sin(t/2) de classeC1 sur [0, π], soit Z π
0
(t2
2π−t)sin((2n+ 1)t/2) 2 sin(t/2) dt=
Z π
0
(t2
2π−t)An(t)dt→n→+∞0
Donc, en comparant avec le r´esultat de la question 4), la suite (Sn)n∈N converge bien vers π2 6 . Exercice 3
1) La fonction g est continue et tend vers 0 lorsque x → 0 et lorsque x→ +∞. Comme g n’est pas la fonction nulle, on en d´eduit que sup{|g(x)|/ x≥0}>0.
2)Pour toutn∈N, on a : fn(x) =g(nx).
Pourx= 0,fn(0) = 0 et la suite (fn(0))n∈N converge vers 0.
Pourx >0,nx→+∞lorsquen→+∞. Donc la suite (fn(x))n∈N converge vers 0 La suite de fonction (fn)n∈N converge bien simplement vers la fonction nulle sur [0,+∞[.
3)Soita >0. Alors, on a, pout toutx≥0 : |fn(x)| ≤e−nx≤e−na→0 lorsquen→+∞.
On en d´eduit que la suite de fonction (fn)n∈N converge uniform´ement vers la fonction nulle sur [a,+∞[.
4)D’apr`es la question 1), on a:
sup{|fn(x)|/ x≥0}= sup{|g(x)|/ x≥0}>0
Donc la suite de fonction (fn)n∈N ne converge pas uniform´ement vers la fonction nulle sur [0,+∞[.
3