A382. Achille est fort ***
Un nombre entiern est dit « puissant » si pour chaque facteur premierp de cet entier,p2 est aussi un diviseur den.
Un nombre d’Achille(1)est un entier puissant sans être une puissance parfaite.
Par exemplen=72=23×32est un nombre d’Achille maisn=216=23×33ne l’est pas car 216=63. ϕ(n) étant la fonction indicatrice d’Euler den, c’est-à-dire le nombre d’entiers strictement positifs infé- rieurs ou égaux ànet premiers avecn, un nombre d’Achillenest dit « fort » jusqu’au degréksi les entiers successifsϕ(n),ϕ(2)(n)=ϕ(ϕ(n)), ...,ϕ(k)(n)=ϕ(ϕ(...ϕ(ϕ(n)))) sont tous des nombres d’Achille.
Q1 Recenser les nombres d’Achille62019.
Q2 Déterminer les nombres d’Achille forts au premier degré qui sont inférieurs ou égaux à 2019.
Q3 Déterminer les nombres d’Achille forts jusqu’au troisième degré qui sont inférieurs ou égaux à 107.
(1)Nota: Nom donné par Henry Bottomley. Comme le héros mythologique Achille, ces nombres sont puis- sants, mais pas parfaits.
Solution de Claude Felloneau
Q1 Il y a 22 nombres d’Achille qui sont inférieurs à 2019 :
72, 108, 200, 288, 392, 432, 500, 648, 675, 800, 864, 968, 972, 1125, 1152, 1323, 1352, 1372, 1568, 1800, 1944, 2000
Il est clair que les nombres d’Achille sont les entiers de la formep1α1p2α2...pαkk vérifiant les 3 conditions suivantes :
— p1,p2, ...,pkest une liste strictement croissante d’entiers premiers,
— pour touticompris entre 1 etk,αi>2,
— PGCD(α1,α2, ...,αk)=1
On peut obtenir la liste cherchée avec un programme ou à la main.
Comme (2×3×5×7)2>2019,k63.
— Pourk=3, comme (3×5×7)2>2019,p1=2. Or 32×52=225 donc 2α168 d’oùα163.
Le plus petit nombre d’Achille avecα1 =2 est 22×33×52=2700>2019 donc α1>3. Donc α1=3. Le plus petit est alors 23×32×52=1800 et le suivant est 23×33×52qui est strictement supérieur à 2019.
— Pourk=2, ceux qui sont inférieurs à 2019 sont :
Avec le facteur 22: 22×33=108, 22×35=972, 22×53=500, 22×73=1372 Avec le facteur 23: 23×32=72, 23×34=648, 23×35=1944, 23×52=200,
23×72=392, 23×112=968, 23×132=1352 Avec le facteur 24: 24×33=432, 24×53=2000,
Avec le facteur 25: 25×32=288, 25×33=864, 25×52=800, 25×72=1568, Avec le facteur 27: 27×32=1152
Sans le facteur 2 : 32×53=1125, 33×52=675, 33×72=132 Q2 Les entiers inférieurs à 2019 qui sont forts jusqu’au premier degré sont :
500, 864, 1944 et 2000.
Sinun entier fort jusqu’au premier degré, inférieur ou égal à 2019 tel quen=pα11pα22...pkαkavecp1,p2, ...,pk
premiers tels quep1<p2<...<pket pour touti,αi>1, on a
ϕ(n)=pα11−1pα22−1...pαkk−1(p1−1)(p2−1)...(pk−1)
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et l’exposant depk dans la décomposition deϕ(n) en facteurs premiers estαk−1. Il est donc nécessaire queαk>3.
D’aprèsQ1,k=2.
Commeϕ(1125)=ϕ¡ 32×53¢
=3×52×4=22×3×52n’est pas un nombre d’Achille, d’aprèsQ1on ap1=2.
ϕ(n)=2α1−1pα22−1(p2−1) avecα2>3.
ϕ(n) est un nombre d’Achille inférieur à 2019. Il est impossible qu’il soit divisible par 3 facteurs premiers distincts sinon, d’aprèsQ1, on auraitϕ(n)=1800 doncp2égal à 3 ou 5 doncp2−1 serait une puissance de 2 etϕ(n)=2αpα22−1n’aurait que 2 facteurs premiers.
Ainsiϕ(n) n’a que 2 facteurs premiers et commep2ne divise pasp2−1,p2−1 est une puissance de 2 et, compte tenu deQ1,p2=3 oup2=5.
Réciproquement,
- sin=2α13α2 est un nombre d’Achille avecα2>3,ϕ(n)=2α13α2−1est un nombre d’Achille si et seule- ment si PGCD(α1,α2−1)=1. Compte tenu deQ1, les seuls qui conviennent sont 2335=1944 et 2533=864.
- sin =2α15α2 est un nombre d’Achille avec α2 >3, ϕ(n)=2α1+15α2−1 est un nombre d’Achille si et seulement si PGCD(α1+1,α2−1)=1. Compte tenu deQ1, les seuls qui conviennent sont 2253=500 et 2453=2000.
Q3 Il y a 32 nombres d’Achille forts jusqu’au 3edegré :
12500=2255, 31104=2735, 93312=2736, 200000=2655, 497664=21135, 500000=2556, 605052=223275, 629856=2539, 800000=2855, 1250000=2457, 1492992=21136, 1815156=223375, 1990656=21335, 2000000=2756, 2278125=3655, 2420208=243275, 3125000=2358, 3341637=n=32135, 3630312=233375, 3796875=3556, 4026275=n=52115, 4478976=21137, 5000000=2657, 5445468=223475, 5679428=22175, 5971968=21336, 6075000=233552, 6834375=3755, 7812500=2259, 8470728=233276, 9112500=223655, 9680832=263275
Preuve :
Soitn=pα11pα22...pαkk avecp1,p2, ...,pkpremiers tels quep1<p2<...<pket pour touti,αi>1.
On suppose quenest fort jusqu’au 3edegré.
L’exposant depkdans la décomposition deϕ(3)(n) en facteurs premiers estαk−3. Commeϕ(3)(n) est un nombre d’Achille,αk>5.
Comme 22325275>107,k63. De plus,nn’étant pas une puissance,k>2.
• Pourk=3 on a 2232135>107doncpk611.
- Sip3=11, 5 diviseϕ(n) donc l’un despiest 5. Or 2252115>107donc c’est impossible.
- Sip3=7, on an=2α13α27α3avecα1>2,α2>2 etα3>5 : en effet, si 5 divisen, 5 diviseϕ(3)(n) donc 52diviseϕ(3)(n) d’où 55divisenetn>5575>107.
En écartant les puissances parfaites, on en déduit la liste des valeurs possibles den: 223275, 223375, 223475, 233275, 233276, 233375, 243275, 253275, 263275 Parmi ces valeurs, il faut encore écarter 233275et 253275pour lesquelsϕ(n) est un carré. Les autres conviennent.
- Sip3=5 alorsn=2α13α25α3avecα1>2,α2>5 (car 3 diviseϕ(3)(n)) etα3>5.
On en déduit que les entiersn qui conviennent sont 223655et 233552. On écarte 223555 pour lequelϕ(n)=243454est un carré.
• Pourk=2, comme 22235>107on ap2619.
- Sip2=19 on obtientn=22195etϕ(n)=2232194qui est un carré. Pas de solution dans ce cas.
- Sip2=17 on an=22175. On vérifie qu’il convient.
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- Sip2=13 alors 3 diviseϕ(n) doncp1=3 et on obtientn=32135. On vérifie qu’il convient.
- Sip2=11 alors 5 diviseϕ(n) doncp1=5 et on obtientn=52115.
- Sip2=7 alors 3 diviseϕ(n) doncp1=3 et on obtientn=3α17α2avecα2>5 etα1impair>3 (car siα1est pair alorsα2est impair etϕ(n)=223α17α2−1est un carré). L’unique valeur possible denest alors 3375qu’il faut exclure carϕ(2)(n)=233373est un cube. Aucune solution dans ce cas.
- Sip2=5 alorsp1=2 oup1=3.
* Sip1=2,n=2α15α2 avecα2>5 etα1>2. Commenetϕ(n)=2α1+15α2−1ne sont pas des carrés,α1etα2sont de parités différentes. La liste des valeurs possibles denest :
2259, 2257, 2255, 2358, 2457, 2455, 2556, 2657, 2655 2756, 2855
Il faut exclure 2257(pour lequelϕ(n)=2356est un cube) et 2455(pour lequelϕ(2)(n)=2653 est un cube). Les autres conviennent.
* Sip1=3,n=3α15α2avecα2>5 etα1>5 (car 3 diviseϕ(3)(n)). Les valeurs qui conviennent dans ce cas sont 3556, 3655et 3755.
- Sip2=3 alorsn=2α13α2avecα1>2 etα2>5.
ϕ(n)=2α13α2−1,ϕ(2)(n)=2α13α2−2,ϕ(3)(n)=2α13α2−3. Doncα1 est premier avecα2,α2−1, α2−2,α2−3 doncα1est impair et non divisible par 3. Les valeurs denqui conviennent sont :
2539, 2735, 2736, 21135, 21136, 21137, 21335, 21336
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