LM256 corrig´e examen - janvier 2012
Exercice I.Calculer le volume de la bouleB de centre 0 et de rayonR dansR3. On demande ici les d´etails de calcul.
On utilise des coordonn´ees sph´eriques.
x=rsinφcosθ y=rsinφcosθ
z =rcosφ
Le determinat Jacobien peut ˆetre calcul´e facilement et sera r2sinφ.
Le volume de la sph`ere devient
� 2π 0
� π 0
� R 0
r2sinφdφdθdr= 4 3πR3. Exercice II.
1. Trouver f tel que V=∇f pour V =
� x
x2+y2, y x2+y2
� .
On doit avoir
∂f
∂x = x x2+y2
et ∂f
∂y = y x2+y2. De la premi`ere equation on obtient
f(x, y) = 1
2log(x2+y2) +c(y)
ouc(y) est une fonction dey. De la seconde equation on obtient alors que
∂f
∂y = y
x2+y2 +c�(y).
On peut alors prendre c(y) = 0.
2. Calculer l’int´egrale curviligne�
ΓV·dMle long du segment qui va du point (1,0) au point (0,4).
On a �
Γ
V·dM=f(0,4)−f(1,0) = log 16−log 1
2 = log 16
2 Exercice III. On consid`ere l’ensemble d´efini par
D=�
(x, y) | 1≤x2+y2 ≤4 , x≥0 , y ≥3x � 1. Tracer un dessin deD.
D
arctan 3
(1,0) (2,0)
2. Calculer ��
D
1 y2 dxdy.
L’int´egrale sur le domaineDest donn´ee, en coordonn´ees polairesx=rcosθ, y = rsinθ, par
� 2 1
� π/2 arctan 3
1
(rsinθ)2 rdθdr
=
� 2 1
1 r
�
−cosθ sinθ
�π/2 arctan 3
dr=
� 2 1
1 r
1
tan(arctan 3)dr =
� 2 1
1 r
1
3dr = 1 3log 2 2. Calculer le volume de l’ensemble
V =
�
(x, y, z)| (x, y)∈D, 0≤z ≤ 1 y2
� .
L’int´egrale sur le domaine V est donn´ee, par Fubini, par la formule
�� � 1
y2
dzdxdy =
�� 1
y2dxdy = 1 3log 2.
Exercice IV. Soit D le domaine de R3 limit´e par le cylindre d’´equation x2+y2 = 1
le planz = 0 et la surface z =x2+y2+ 1.
1. Soit S le bord de D. Faire un dessin deS et de D.
S2��
S2�
S1
D S2 =S2� ∪S2��
2. Calculer le volume deD.
Comme, pour chaque (x, y) dans le disque de rayon 1, 0 ≤ z ≤ x2 +y2 + 1, il est utile d’utiliser des coordonn´ees cylindrinques. Alors 0 ≤ z ≤ r2 + 1 et le volume s’´ecrit
���
D
dxdydz =
� 2π 0
� 1 0
� r2+1 0
dz r drdθ =
� 2π 0
� 1 0
(r2+ 1)r drdθ = 2π
�r4 4 +r2
2
�1 0
= 3π 2 . Notons S le bord de D orient´e suivant le vecteur normal ext´erieur. NotonsS1 la
partie de S contenue dans le cylindre. et S2 =S\S1 (le complementaire de S1
dans S). Soit−→
V le champ de vecteurs de composantes (P, Q, R) = (x, y, z2).
3. Calculer le flux de −→
V `a travers S1.
La surfaceS1 est un cylindre de hauteur 2 sur un cercle de rayon 1. Le vecteur normal `a la surface S1 est n= √ 1
x2+y2(x, y,0). Le flux est alors
��
S1
−
→V .ndσ =
��
S1
�x2+y2dσ =
��
S1
dσ =
� 2 0
� 2π 0
dσ = 4π.
4. Calculer le flux de −→
V `a travers S en utilisant la formule d’Ostrogradsky.
Par la formule d’Ostrogradsky
��
S
−
→V .ndσ=
���
D
div−→
V dxdydz
=
���
D
(2 + 2z)dxdydz=
��
∆
� x2+y2+1 0
2(1 +z)dz dxdy
ou ∆ ={(x, y), 0≤x2+y2 ≤1} est le disque de rayon 1 centr´e `a l’origine. On obtien que le flux est
��
∆
�(1 +z)2�x2+y2+1
0 dxdy=
��
∆
((2 +x2+y2)2−1)dxdy qui en coordon´ees polaires est
=
� 2π 0
� 1 0
((2 +r2)2−1)r drdθ = 2π
� 1 0
(3r+ 4r3+r5)dr= 2π(3
2+1+1
6) = 16π 3 . 5. Calculer le flux de −→V `a travers S2.
Le flux est
��
S2
−
→V .ndσ =
��
S
−
→V .ndσ−
��
S1
−
→V .ndσ = 16π
3 −4π= 4π 3 . 6. Calculer l’aire deS1 et de S2.
Comme S1 est un cylindre de rayon 1 et hauteur 2 on a Aire(S1) = 4π.
On observe que S2 est l’union d’un disque de rayon 1S2� en dessous de D, et d’une surfaceS”2 au dessus deD. Pour calculer Aire(S”2) =��
S”2dσ, on utilise la formule
��
S”2
dσ =
��
∆
��∂z
∂x
�2
+
�∂z
∂y
�2
+ 1dxdy =
��
∆
�4x2+ 4y2+ 1dxdy.
On obtient en coordonn´ees polaires
=
� 2π 0
� 1 0
√4r2+ 1rdrdθ = 2π
�(4r2+ 1)3/2 12
�1
0
= 2π
�53/2−1 12
� .
On conclut que
Aire(S2) = Aire(S2�) +Aire(S”2) =π+ 4π = 5π.
7. Calculer la circulation de −→
V le long des courbes qui sont les bords de S1, orient´ees dans le sens trigonom´etrique par rapport a l’orientation de S1 (dont le vecteur normal est vers l’ext´erieur).
Le champ est orthogonal aux courbes. On obtient alors que la circulation est nulle.
(0,1,0) (0,0,0)
(1,1,1)
(2,0,0)
Exercice V.Soit D le parall´el´epip`ede d´efinit par les vecteurs (2,0,0),(0,1,0),(1,1,1).
1. D´essiner le domaine D.
2. Calculer l’int´egrale
��
S
x2dy∧dz+xz dz∧dx+xz dx∧dy
sur la surface S d´efinie comme bord de D. On consid`ere la surface orient´ee avec la normale vers l’exterieur de la surface.
On utilise le th´eor`eme de Stokes (formule de Ostrogradsky).
��
S
x2dy∧dz+xz dz∧dx+xz dx∧dy=
���
D
2x dx∧dy∧dz+x dx∧dy∧dz =
���
D
3x dxdydz On parametrise le parall´el´epip`ede par le param`etres 0 ≤ a ≤ 1, 0 ≤ b ≤ 1 et
0≤c≤1:
(a, b, c)→a(2,0,0) +b(0,1,0) +c(1,1,1) = (2a+c, b+c, c).
Le determinant Jacobien de cette transformation est det((2,0,0),(0,1,0),(1,1,1)) = 2.
On obtient alors
� 1 0
� 1 0
� 1 0
3(2a+c) 2dadbdc= 6
� 1 0
� 1 0
(2a+c)dcda= 6
� 1 0
�
2ac+c2 2
�1 0
da
= 6
� 1 0
� 2a+1
2
�
da = 9.