D1858. La saga de l'angle de 45° (2ième épisode) ****
Soit un triangle ABC dont l'angle en A est égal à 45°. On trace l'orthocentre H et le point M milieu du côté BC. Les droites symétriques de la droite AM respectivement par rapport aux hauteurs BB1 et CC1
du triangle ABC se rencontrent au point X. Démontrer que AX = BC.
Proposition Th Eveilleau
Dans l’exercice D1877 (1er épisode) de Diophante, il a été démontré que :
«
Le triangle AHX est isocèle en A si et seulement si l'angle en A du triangle ABC est égal à 45°.» . Nous pouvons déduire de ce résultat que
AH = AX(*)
Nous allons maintenant démontrer que AH = BC.
Soit (O) le cercle circonscrit au triangle ABC.
Soit H l’orthocentre du triangle ABC.
Soit H’ le point diamétralement opposé à B sur le cercle (O).
Le triangle BAH’ inscrit dans (O) est rectangle car [BH’] est un diamètre de (O).
Ainsi (H’A) (BA)
Comme (CH) (BA) il s’ensuit (H’A) // (CH)
De même BCH’ inscrit dans (O) est rectangle car [BH’] est un diamètre de (O).
Et (H’C) (BC)
Comme (HA) (BC) il s’ensuit (H’C) //(HA) Des deux relations (H’A) // (CH) et (H’C) //(HA),
nous déduisons que le quadrilatère HAH’C est un parallélogramme.
Il s’ensuit que AH = H’C.
(**)
= = 45° car ce sont des angles inscrivant le même arc dans le cercle (O).
Il s’ensuit que le triangle rectangle BCH’ est un triangle rectangle isocèle et que BC = H’C
(***)
Des deux relations
(**)
et(***)
, nous déduisons : AH = BC Avec la relation(*) :
AH = AXnous concluons AX = BC
CQFD.
Remarques sur la figure
Soient (D1) et (D2) respectivement les droites symétriques de (AM) par rapport à (BB1) et (CC1).
= 45°, donc = 45°, puisque le triangle BB1A est rectangle.
Ce triangle est donc rectangle isocèle et BB1 = AB1. Idem pour le triangle CB1H.
HAH’C étant un parallélogramme, ses diagonales se coupent en leur milieu et I est le milieu de [AC]et de HH’.
Le symétrique de l’orthocentre H par rapport au milieu de [AC] est bien sur (O).
Les deux hauteurs (CC1) et (BB1) se coupent en formant un angle de 45°.
En effet ces deux hauteurs sont respectivement perpendiculaires aux deux côtés de = 45° . Le triangle HB1C est donc rectangle isocèle et HB1 = CB1.
(D1) a pour symétrique (AM) par rapport à (BB1).
(AM) a pour symétrique (D2) par rapport à (CC1).
Donc (D1) a pour image (D2) dans la composition de deux symétries axiales se coupant en H.
rotation de centre H et d’angle 90° = 2 * 45°
Nous avons donc (D1) (D2).