Tracés de diagrammes de Bode - Corrigé
p . 10 1 ) 1 p ( F3
= +
0,1 1 10
ω (rad/s) G (dB)
φ (°)
0°
– 90°
10dB
0,01
– 45
ω (rad/s)
p 1 ) 1 p ( F1
= + p 1 ) 10 p ( F2
= +
p ) 3 p ( G3 =
0,1 1 10
ω (rad/s) G (dB)
φ (°)
0°
– 90°
10dB
ω (rad/s)
+ 90°
p . 3 ) p ( G2 =
3 ) p ( G1 =
3 2
p . 1 , 0 p 1 ) 1 p (
H = + + →
(
1 0,88.p)(
.11 0,113.p)
) p ( H3
+
= +
0,1 1 10
ω (rad/s) G (dB)
φ (°)
0°
– 180°
10dB
ω (rad/s)
0,1 1
ω (rad/s) G (dB)
φ (°)
0°
– 90°
ω (rad/s)
+ 90°
p . 3 3 ) p ( K1 = +
p 3 , 3 0 ) p ( K2 = +
3 2
p . 1 , 0 p 1 ) 1 p (
H = + +
p 3 , p 0 3 3 ) p (
K3 = + +
2 2
p p . 1 , 0 1 ) 10 p (
H = + +
1 2
p p 1 ) 1 p (
H = + +
– 90°
10dB
0,01
Attention ici à la forme de la fonction de transfert pour le calcul des pôles p1 et p2 :
) p . T 1 ).(
p . T 1 (
K )
p p ).(
p p (
. ) K p ( H
p p . . z . 2
. K p
p . 10 10 ) 10 p ( H
2 1
2 1
2 0 3
2 2 0 2 0
2 0 3 2
+
= +
−
= −
+
= + +
= + ω
ω ω
ω
On transforme les fonctions de transfert pour retrouver des fonctions élémentaires : )
p 1 .(
3 ) p (
K1 = + ; .(1 10p)
p 3 , ) 0 p (
K2 = + ; K3(p)=0p,3.
(
1+10p+10p2)
=0p,3.(
1+8,9.p)(
.1+1,13.p)
Réponses temporelles et harmoniques d’un système - Corrigé
Q.1. Q.2.
Système du second ordre avec z<
2 2 .
Graphiquement on lit :
• ω0 ≈ 4,5 rad/s
• ωr ≈ 4,2 rad/s
• ωc ≈ 6 rad/s
• 20 log(K) = 0
• 20 log(Q) ≈ 7.5 dB Soit :
• log(K)=0 → K=1
• 2
z 1 z 2 3 1 , 2
Q= = ⋅ −
→ z ≈ 0,22
p2
. 05 , 0 p 1 , 0 1 ) 1 p (
H ≈ + +
ω0
ωr 20.log(Q)
ωc
Droite de pente – 40dB/décade
Q.3.
0 0.5
3 3.5
T = 0.7s
T = 2π/ω0 = 0.7s → ω0 ≈ 9rd/s
0 0.5
3 3.5
T = 1.25s
T = 2π/ω0 = 1.25s → ω0 ≈ 5rd/s
0 0.5
3 3.5
T = 4.2s
T = 2π/ω0 = 4.2s → ω0 ≈ 1.5rd/s Q.4.
ω=1.5 ω=5 ω=9
Graphiquement on lit sur le diagramme de Bode :
Pour ω0 = 9 rad/s le gain est d’environ -10dB soit G ≈ 0,32 et la phase de -160°.
Pour ω0 = 1,5 rad/s le gain est d’environ 0,5dB soit G ≈ 1,05 et la phase de -10°.
Pour ω0 = 5 rad/s le gain est d’environ 5dB soit G ≈ 1,8 et la phase de -120°.
e(t)
s(t) Temps (s)
Temps (s) Réponse temporelle du système pour une entré sinusoïdale de pulsation ω0 =
e(t)
s(t) Temps (s)
Temps (s) Réponse temporelle du système pour une entré sinusoïdale de pulsation
e(t)
s(t) Temps (s)
Temps (s) Réponse temporelle du système pour une entré sinusoïdale de pulsation ω0 =
Identification de fonction de transfert sur diagramme de Bode - Corrigé
p2
25 , 0 p . 02 , 0 1 ) 1 p (
F = + +
p . 5 1 ) 20 p (
F = +
(
+)
+ =
90p 1 1 . p 1 ) 50 p ( F
+
+
=
p 500. 1 1 . 1 p 20. 1 1 p . ) 10 p ( F
Etude des performances du corps de chauffe d’une chaudière à bois déchiqueté - Corrigé
Q.1. mbcbpθb(p)+Kab
[
θb(p)−θa(p)]
=P(p)[
(p) (p)]
K[
(p) (p)]
K ) p ( p c
ma a θa + aeθa −θe = abθb −θa
[
(p) (p)]
K[
(p) (p)]
K ) p ( p c
me e θe + aeθe −θext = aeθa −θe
Q.2. (p)
K p c . 1 m ) 1 p ( P K p
c . 1 m
K 1 )
p
( a
ab b b ab
b b ab
b θ
θ + +
= +
Q.3. H1(p): 1er ordre de gain 1 et de constante de temps 2500s 40
500 200 K
c . m
ab b b
1= = × =
τ
+ )
p ( P
) p
a(
θ + θb(p)
Kab
1
p 1
1 τ1
+
Q.4. (p)
K p K
c . 1 m
K K
K )
p ( K p K
c . 1 m
K K
K )
p
( b
ab ae
a a
ab ae
ab
e
ab ae
a a
ab ae
ae
a θ θ
θ
+ + + + + +
= +
Q.5. H3(p) : 1er ordre de gain
ab ae
ae
K K
K
+ et de constante de temps 3s
40 400
700 2 K K
c m
ab ae
a a
3 ≈
+
= ×
= + τ H4(p) : 1er ordre de gain
ab ae
ab
K K
K
+ et de constante de temps 3s
40 400
700 2 K K
c m
ab ae
a a 3
4 ≈
+
= ×
= +
=τ τ
Q.6.
[
(p) (p)]
K p . 2
c . 1 m . 1 2 ) 1 p
( ext a
ae e e
e θ θ
θ +
= +
Système du 1er ordre de gain 2
1 et de constante de temps 250s
400 2
4000 50 K . 2
c . m
ae e e
5 =
×
= × τ =
Q.7.
+ ) p
ext( θ
) p
a(
θ θe(p)
+
p 1
2 1
τ5
+ Q.8.
p 1
1 τ3
+ ) p
a( θ + +
ae ab
K K p
1 1
τ1
+ 1 p
2 1
τ5
+ )
p
b( θ
+ + + +
Kab
) 1 p (
P θe(p)
) p
ext( θ p
1 1
τ3
+
Q.9. Entrée échelon de puissance
p 10 p ) P p (
P = 0 = d’où
(
1 2500p)(
1 500p)
400
1 p
) P p
( 0
e = ⋅ + +
θ 0
) p ( p lim ) 0
( e
e =p =
∞
→ θ
θ ; 25 C
400 ) 10 p ( p lim ) (
4 0 e
e +∞ =p = = °
→ θ θ
0 ) p (
² p lim ) 0 (
' e
e =p =
∞
→ θ
θ ; ' ( ) limp² e(p) 0 0
e +∞ =p =
→ θ
θ asymptote horizontale
Q.10.
(
1 2500p)(
1 500p)
25p(
1 2500p1)(
1 500p)
400
1 p
10000 )
p
e(
+
⋅ + + =
⋅ + θ =
La réponse temporelle θe(t) du système à un échelon de 10000 est équivalente à la réponse indicielle d’un système de fonction de transfert
(
1+2500p1)(
1+500p)
ce qui correspond à la réponse temporelle d’un système du 2nd ordre avez z>1 écrit sous la forme d’un produit de 2 systèmes du 1er ordre.De plus sur les 2 pôles réels négatifs, compte tenu de leurs valeurs numériques, il y en a un qui peut être considéré comme dominant d’où :
(
1 2500p1)(
1 500p) (
≈ 1+25001 p)
+
+ . Ce qui donne la réponse temporelle
suivante :
0 5 10 15 20 25 30
0 2000 4000 6000 8000 10000
Temps (s) Température (°C)
Tangente horizontale à l’origine
θe(+∞)=25°C
Quelques calculs (pas utiles pour répondre à la question) mais pour se fixer les idées :
(
1 2500p1)(
1 500p)
=1+3000.p+11250000.p2 ++
→ 1 1250000
2 0
ω = → 1250000 0,0009
1
0= ≈
ω rad/s
→ 2.z 3000
0
ω = → = 2 =
.
z 3000ω0 1,34 → Pour z = 1,34 on a t5%.ω0≈8 → 8050 0009 , 0
2 , 7 2 , t 7
0
%
5 ≈ = =
ω s.
→ Pour
(
1+25001 p)
t5%≈3.2500=7500s ce qui est, dans une 1ère approximation sensiblement équivalent au 8050 s déterminé à partir de la FT du 2nd ordre.Q.11. θe(+∞)=25°C → C.d.C.F. ok.
Q.12. On a
(
1 pK)(
.1 p)
) p ( V
) p ) ( p ( H
B A
MC M
e
MC τ τ
θ
+
= +
= avecKMC=0,3°C/Volt, τA=7000s et τB=20000s →
(
1 20000p0)
,.3(
1 7000p)
) p ( HMC
+
= + soit un produit d’un gain pur et de 2 systèmes du 1er ordre avec
=
=
= 7000 1 1
A
A τ
ω 1,4.10–4 rad/s et = = =
20000 1 1
B
B τ
ω 5.10–5 rad/s.
dB 4 , 10 3 , 0 log . 20 K log .
20 MC= =−
10–6 10–5 10–4 10–3 10–2
10–6 10–5 10–4 10–3 10–2
5.10–5 1,4.10–4
-90°
-20dB/dec
-180°
Q.13. Le schéma bloc se simplifie comme ceci après calcul de HMC(p)
+ -
θc(p) θe(p)
Kc
Vc(p) Vm(p)
Ve(p)
Ke
(
1 ApK)(
.1 Bp)
MC
τ
τ +
Kcor +
Calcul de la FTBF de la boucle :
( )( )
( )( ) ( )( )
1 p 1. K . K . p K 1. K . K . K
.
1 K . K . K
K . K )
p ( F
K . K . K p 1 . p 1
K . K p
1 . p 1
K . K . 1 K
p 1 . p 1
K . K . K K .
) 1 p ( F
e cor MC
B 2 A
e cor MC
B A
e cor MC
cor MC
e cor MC B
A
cor MC
B A
e cor MC
B A
e cor MC
e
+ + + +
+
= +
+ +
= + + + +
+
= +
τ τ τ
τ
τ τ τ
τ τ τ
( )( )
( )( ) ( )( )
1 p 1. K . K . p K 1. K . K . K
.
1 K . K . K
K . K )
p ( F
K . K . K p 1 . p 1
K . K p
1 . p 1
K . K . 1 K
p 1 . p 1
K . K . K K .
) 1 p ( F
e cor MC
B 2 A
e cor MC
B A
e cor MC
cor MC
e cor MC B
A
cor MC
B A
e cor MC
B A
e cor MC
e
+ + + +
+
= +
+ +
= + + + +
+
= +
τ τ τ
τ
τ τ τ
τ τ τ
D’où = =
) p (
) p ) ( p ( H
c e
G θθ
1 p 1. K . K . p K 1. K . K . K
.
1 K . K . K
K . K . K
e cor MC
B 2 A
e cor MC
B A
e cor MC
cor MC c
+ + + +
+
+ τ τ τ
τ Q.14.
1 p 1. K . K . p K
1. K . K . K
.
1 K . K . K
K . K . K p .
. p lim ) p ( . p lim ) t ( lim ) (
e cor MC
B 2 A
e cor MC
B A
e cor MC
cor MC c 0
c 0 e p
0 e p
e t
+ + + +
+
= +
=
=
+∞ →+∞θ → θ → θ τ τ τ τ
θ
Théorème de la valeur finale
0 c e cor MC
cor MC c
e .
1 K . K . K
K . K . ) K
( θ
= + +∞
θ
Q.15. Compte tenu du choix de correcteur imposé, on a c0 c0
e cor MC
cor MC c 0 c
t e .
1 K . K . K
K . K . ) K ) t ( (
lim θ θ θ −θ
= +
∞ −
+
→
Pour que le système soit précis il faut lim ( e(t) c0) 0
t − =
∞ +
→ θ θ d’où :
1 K . K . K K . K .
Kc MC cor= MC cor e+ →
cor MC
e cor MC
c K .K
1 K . K .
K =K +