EXERCICE 1 (4 points)
1) On considère dans l’équation (E): 2 ²z + +(7 i 3)z−4(1−i 3)=0 a) Montrer que (E) admet une solution réelle que l’on déterminera.
b) Donner alors l’autre solution de (E).
2) a) Calculer
2
3 1
2 2i
−
b) Résoudre dans l’équation (E’): 2z4+ +(7 i 3) ²z −4(1−i 3)=0
3) Le plan complexe étant muni d’un repère orthonormé direct
(
O u v, ,r r)
on considère les points A et B d’affixes respectives zA =2i et 3 12 2
zB = − i et on désigne par I le milieu du segment [OA].
a) Ecrire z sous forme exponentielle. B
b) Placer I et B et montrer que le triangle OIB est isocèle.
EXERCICE 2 (6 points)
L’espace étant rapporté à un repère orthonormé
(
O i j k, , ,r r r)
on considère les points A(6,0,0) ; B(0,6,0) ; C(0,0,6) et D(-2,-2,-2).1) a) Vérifier que les points A, B et C déterminent un plan P dont une équation cartésienne est : x + y + z - 6= 0.
b) Vérifier que la droite (OD) est perpendiculaire au plan P.
c) Donner un système d’équations paramétriques de la droite (OD).
d) Soit H le projeté orthogonal du point O sur le plan P. Vérifier que H a pour coordonnées (2,2,2) et qu’il est équidistant de A, B et C.
e) En déduire que (OD) est l’axe du cercle circonscrit au triangle ABC.
2) Soit Q le plan médiateur du segment [CD].
a) Montrer qu’une équation cartésienne de Q est : x + y + 4z - 6 = 0.
b) Montrer que (OD) coupe Q en un point Ω dont on déterminera les coordonnées.
3) Soit S la sphère de centre Ω et de rayon 3 3. a) Écrire une équation cartésienne de S.
b) Vérifier que S passe par A, B, C et D.
c) Quelle est alors l’intersection de S et P?
NOUVEAU REGIME
REPUBLIQUE TUNISIENNE
MINISTAIRE DE L’EDUCATION ET DE LA FORMATION
EXAMEN DU BACCALAUREAT SESSION DE Principale 2007
SESSION PRINCIPALE SECTION : Science Technique
EPREUVE : MATHEMATIQUES DUREE :2h COEFFICIENT : 2
PROBLEME: (10 points)
I - On considère la fonction g définie sur ]0,+ ∞[ par: g(x) = x( x -1) + Log x.
1) Montrer que la fonction g est strictement croissante sur ]0,+ ∞[ 2) Calculer g(1) et en déduire le signe de g(x) pour x> 0.
II - Soit f la fonction définie sur ] 0,+ ∞ [ par: f(x) = (x - 1 )² + (Log x)²
On désigne par (C) la courbe représentative de f dans un repère orthonormé
(
O i j, ,r r)
a) Calculer
0
lim ( )
x
+ f x
→ et lim ( )
x f x
→+∞ .
b) Montrer que f est dérivable sur ]0,+ ∞ [ et que: f’(x) ( ) 2g x
= x pour x > 0.
c) Dresser le tableau de variation de f sur ]0,+ ∞[
2) Montrer que la restriction h de f à ] 0, 1] est une bijection de] 0, 1] sur [0,+ ∞ [
On désigne par h−1 la réciproque de h et par (Γ) la courbe représentative de h−1 dans le repère
(
O i j, ,r r)
.3) Soit u la fonction définie sur] 0, 1] par u(x) = h(x) - x.
a) Dresser le tableau de variation de u sur] 0, 1 ].
b) En déduire qu’il existe un seul réel α de ] 0, 1] tel que h(α ) = α . Vérifier que 1
2< <α 1
4) a) Montrer que (C) admet au voisinage de +∞ une branche parabolique de direction celle de (0, j r
).
b) Tracer dans le même repère
(
O i j, ,r r)
la droite ∆ d’équation y = x, la courbe (C) et la courbe (Γ).III On désigne par A l’aire de la partie du plan limitée par la courbe (C) l’axe des abscisses et les droites d’équations x = α et x = 1.
Soit I 1xf '(x)dx
=
∫
α1) Montrer, à l’aide d’une intégration par parties, que I= − −α² A 2) a) Montrer que I = 2 1g x dx( )
∫
αb) En déduire que I = 2 3 2 7
2 2 log
3α α α 3 α α
− + + − − .
c) Donner la valeur de A en fonction de α .
EXERCICE 1 (Correction)
1) On considère dans l’équation (E):2 ²z + +(7 i 3)z−4(1−i 3)=0 a) Soit z0= α une solution réelle de (E) donc
( )
2 ² (7 i 3) 4(1 i 3) 0 2 ² 7 i 3 4 4i 3 0
2 ² 7 4 0 2 ² 7 4 0
2 ² 7 4 i 3 4 3 0
3 4 3 0 4
α + + α − − = ⇔ α + α + α − + = ⇔ α + α − =
α + α − =
α + α − + α + = ⇔ ⇔
α = − α + =
La première équation est vérifiée pour α = −4 d'où z0 = −4 b) Donner alors l’autre solution de (E).
0
c 4(1 i 3) 1 3
z z 4 z z i
a 2 2 2
− −
′ ′ ′
× = ⇔ − × = ⇔ = −
2) a)
2
3 1 3 1 3 1 1 3
i 2 i i
2 2 4 4 2 2 2 2
− = − − × = −
b) Résoudre dans l’équation (E’): 2z4+ +(7 i 3) ²z −4(1−i 3)=0
2
2
2 2
On pose X z² ,l'équation (E) devient 2X² (7 i 3)X 4(1 i 3) 0
1 3 3 1
et d'aprés 1) on a : X 4 ou X i i
2 2 2 2
3 1
z 4 ou z i z 2i ou z 2i
2 2
3 1 3 1
ou z i ou z i
2 2 2 2
3 1 3 1
S 2i , 2i , i , i
2 2 2 2
= + + − − =
= − = − = − ⇔
= − = − ⇔ = = −
= − = − +
= − − − +
3) le point B d’affixe B 3 1
z i
2 2
= −
( )
i6B B
cos 3
3 1 2
a) z i 1 et 2 d'où z e
2 2 1 6
sin 2
−π
θ = π
= − = ⇒θ ≡ − π =
θ = −
b) Placer les points I et B .
B I
OB z 1 et OI z 1 OB OI 1 et les points O , I et B
ne sont pas alignés donc le triangle OIB est isoséle de sommet principal O.
= = = = ⇒ = =
EXERCICE 2 (Correction)
A(6,0,0) ; B(0,6,0) ; C(0,0,6) et D(-2,-2,-2).
1
6 6
6 6
1) a) AB 6 , AC 0 et d 36 0
6 0
0 6
donc AB et AC ne sont pas colinéaires.
− −
− −
= = ≠
uuur uuur
uuur uuur
et par suite les points A, B et C déterminent un plan P .
6 0 0 6 0 A P
0 6 0 6 0 B P
0 0 6 6 0 C P
− + + − = ⇒ ∈ + + − = ⇒ ∈ + + − = ⇒ ∈
donc (ABC) = P : x + y + z - 6= 0.
b) Vérifions que la droite (OD) est perpendiculaire au plan P.
p
p p
1
Soit N 1 un vecteur normal à P.
1 2
on a :OD 2 = 2N donc les vecteurs OD et N sont colinéaires 2
et par suite la droite (OD) est est perpendiculaire au plan P.
−
− −
−
uuur
uuur uuur uuur uuur
c) Un système d’équations paramétriques de la droite (OD) est :
x 2
y 2 avec
z 2
= − α
= − α α∈
= − α
d) Soit H le projeté orthogonal du point O sur le plan P.
( ) ( )
x 2 x 2 y 2 y 2 H x, y, z OD P
z 2 z 2
x y z 6 0 2 2 2 6 0
x 2 y 2 z 2
= − α = − α
= − α = − α
∈ ∩ ⇔ ⇔
= − α = − α
+ + − = − α − α − α − =
= − α
= − α
⇔ = − α
( )
x 2 y 2
d 'où H 2, 2, 2 z 2
1 1
=
=
⇔
=
α = − α = −
4 2
AH 2 et AH 16 4 4 24 ; BH 4 et BH 4 16 4 24
2 2
2
CH 2 et CH 4 4 16 24
4
= + + = − = + + =
= + + =
uuur uuur
uuur
AH = BH = CH = 24 donc H est équidistant de A, B et C.
(OD) P et H (OD)
e) (OD) est l'axe du cercle circonscrit au triangle ABC AH = BH = CH
⊥ ∈
⇒
2) a) Q est le plan médiateur du segment [CD]
( ) [ ]
2
CD 2 Q d'où Q: 2x 2y z d 0 8
Le point J -1,-1,2 mileu de CD appartient à Q
2 ( 1) 2 ( 1) 2 d 0 d 12
d'où Q: 2x 2y z 12 0 Q : x + y + 4z 6 = 0.
−
⇒ − ⊥ − − − + =
−
⇒
− × − − × − − + = ⇔ =
− − − + = ⇔ −
uuur
b) Montrer que (OD) coupe Q en un point Ω dont on déterminera les coordonnées.
( )
x x y y x, y, z (OD) Q
z z x + y + 4z 6 = 0 + + 4 6 = 0
= α = α
= α = α
Ω ∈ ∩ ⇒ ⇔
= α = α
− α α α −
x 1 y 1 z 1 1
=
=
⇔
=
α =
{ }
d 'oùΩ(1 , 1 , 1) et (OD)∩ = ΩQ (1 , 1 , 1)
3) Soit S la sphère de centre Ω et de rayon 3 3.
a) Une équation cartésienne de S est : (x 1)− 2+ −(y 1)2+ −(z 1)2 =27 b) On Vérifie que S passe par A, B, C et D.
c) l’intersection de S et P est le cercle circonscrit au triangle ABC.
PROBLEME: (10 points)
I) - On considère la fonction g définie sur ]0,+ ∞[ par: g(x) = x( x -1) + Log x.
] [
] [
2
2
1 2x x 1
1) x 0,+ on a : g (x) 2x 1
x x
g (x) 0 2x x 1 0 , =1 8 7
donc x 0,+ on a : g (x) 0. la fonction g est strictement croissante sur ]0,+ [
′ − +
∀ ∈ ∞ = − + =
′ = ⇒ − + = ∆ − = −
∀ ∈ ∞ ′ > ∞
2) g(1) = 0 .
Si x 1 g(x) g(1) g(x) 0.
Si x 1 g(x) g(1) g(x) 0
≤ ⇒ ≤ ⇔ ≤
≥ ⇒ ≥ ⇔ ≥
II) - Soit f la fonction définie sur ] 0,+ ∞ [ par: f(x) = (x - 1 )² + (Log x)²
( )
( )
x 0 x 0
x x
a) lim f (x) lim (x - 1 )² + (Log x)² lim f (x) lim (x - 1 )² + (Log x)²
+ +
→ →
→+∞ →+∞
• = = +∞
• = = +∞
b) La fonction h1 : x a x( x -1) est dérivable sur et par suite sur ]0,+ ∞ [ La fonction h2 : x a(Log x)² est dérivable sur ]0,+ ∞ [.
Donc La fonction f = h1 + h2 est dérivable sur ]0,+ ∞ [.
] [ ( ) ( )
1 1 2 x x 1( )
Logx 2g(x)x 0,+ on a : f (x) 2 x 1 2Logx
x 2 x x
− +
∀ ∈ ∞ ′ = − + × = =
c)
x f '(x)
f(x)
∞
+ 0
−
10+
0
∞
+
∞+
2) h est continue et strictement décroissante sur ] 0, 1] donc h réalise une bijection de] 0, 1] sur [0,+ ∞ [ 3) Soit u la fonction définie sur] 0, 1] par u(x) = h(x) - x.
a) x∀ ∈] 0, 1] on a : u (x)′ =h (x) 1′ − =f (x) 1 0 car x′ − < ∀ ∈] 0, 1] on a : f (x)′ ≤0 tableau de variation de u sur] 0, 1 ].
x u'(x)
u(x)
∞
+
- 0
-1
−
1
b) u est continue et strictement décroissante sur ] 0, 1] donc u réalise une bijection de] 0, 1] sur [-1,+ ∞ [ et comme 0∈[-1,+ ∞ [ donc 0 admet un antécédent unique α∈] 0, 1] tel que u(α) = 0 donc il existe un seul réel α de ] 0, 1] tel que h(α ) = α .
De plus u 1 1
(
Log2)
2 0 et u(1) 12 4
= − + > = −
donc 1
2< <α 1 4) a)
x x x x
f (x) x( x 1) + Log x Log x
lim f (x) et lim lim lim ( x 1) +
x x x
→+∞ →+∞ →+∞ →+∞
= +∞ = − = − = +∞
donc (C) admet au voisinage de +∞ une branche parabolique de direction celle de (0, j r
).
b)
III On désigne par A l’aire de la partie du plan limitée par la courbe (C) l’axe des abscisses et les droites d’équations x = α et x = 1.
[ ]
1
1 1
2 1
u(x) x u (x) 1
1) I xf (x)dx on pose :
v (x) f (x) v(x) f (x) I xf (x) f (x)dx f (1) f ( )
or f (1) 0 et f ( ) h( )
d 'où I avec f (x)dx
= ′ =
= ′ ′ = ′ ⇒ =
= − = − −
= = =
= − − =
∫
∫
∫
α
α α
α
α α
α α α
α
A
A A
2) a) 1 1 xg(x) 1
I xf (x)dx 2 dx 2 g(x)dx
α ′ α x α
=
∫
=∫
=∫
[ ]
( ) [ ]
1 1 1 1
1
1 2 1 3 2 1
3 2
3 2 3 2
b) J g(x)dx x(x 1) Logx dx x(x 1)dx Logxdx
1 1
x x dx Logxdx x x xLogx x
3 2
1 1 1 1
Log1 1 Log
3 2 3 2
1 1 7 2 7
Log doù I 2J 2 2 Log
3 2 6 3 3
α α α α
α α α
α
= = − + = − +
= − + = − + −
= − − α + α + − − α α + α
= − α + α − + α − α α = = − α + α − + α − α α
∫ ∫ ∫ ∫
∫ ∫
2 2
2 3
c) On a : I I
2 7
2 2 2 Log u.a
3 3
= −α − ⇔ = −α − ⇔
= − α + α + − α + α α
A A
A