Cours 6
BJT: Haute Frequence
2
Recapitulons
• On a parle de silicium
• Doper le silicium pour conductivite (N et P)
• N et P ensemble: diode
• 2 diodes (dos a dos): BJT
• Analyse DC
• Analyse petit signal
• Analyse basse-frequence
Haute vitesse
• Le dernier element, c’est l’analyse haute frequence.
• Avant de commencer l’analyse, on va parler du theoreme de Miller
• Phenomene important a haute vitesse
4
Theoreme de Miller
• Sous certaines conditions, ce circuit fonctionne comme un integrateur:
• Ce circuit a aussi une autre caracteristique importante
• Allons voir ce que c’est…
Theoreme de Miller
• Le courant qui entre va passer par le condensateur:
• Sachant que VOUT=AVIN, on pourrait ecrire:
• Et on peut finalement isoler VIN/IIN:
(
IN OUT)
IN sC V V
I = −
(
IN IN)
IN sC V AV
I = −
IIN
( )
[
C A]
s I
VIN
= −
1
(
A)
1sC V
IIN = IN 1−
6
Theoreme de Miller
• Une source a l’entrée voit une impedance:
• Impedance de 1/sK… ca sonne familier!
• C’est l’impedance d’un condensateur de valeur K
• A la place de voir C, l’entree “voit” un condensateur de C(1-A)
• (1-A) fois plus gros que la vraie valeur de C
( )
[
C A]
s I
Z V
IN IN
IN = = −
1 1
Une capacite connectee aux bornes d’un ampli devient “plus grosse”
Theoreme de Miller
• Pensez a un circuit comme ceci:
• La source a l’entrée verrait ceci:
5pF
-100
vin vout
vin
505pF
A=-100 C=5pF
K=(1-A)C=505pF
8
Theoreme de Miller
• Pour tester la theorie, on a fait le test suivant:
-100
1K
1K
1K
5pF 505pF 5pF
1MHz
Frequence de coupure
f dB RC
π 2
1
3 =
−
31.8MHz
315KHz 5pF
505pF
Si theorie est bonne:
1) 505pF et Miller devraient etre pareilles 2) Les 2 devraient ATTENUER le signal 3) 5pF ne devrait pas attenuer le signal
Theoreme de Miller
Entrée et
5pF
505pF et
Miller
~1.2v
~700mV
10
Theoreme de Miller
• Facon intuitive de le voir:
• La source injecte un signal
• Signal est amplifie mais est aussi INVERSE
• Signal RETOURNE PAR le condensateur
• Signal EMPECHE l’entrée de changer
-100
1K
5pF
1MHz
Ca, c’est pour l’entrée… allons voir la sortie Ex:
-L’entree veut monter
-Sortie baisse (100 fois plus) -La sortie retourne et empeche l’entrée de monter
Theoreme de Miller
• De la sortie, on voit:
• VIN peut etre exprime en termes de VOUT:
• On isole:
(
OUT IN)
OUT sC V V
I = −
−
= A
V V sC
IOUT OUT OUT
−
= I sC
V
OUT OUT
1 1 1
A
IOUT
VOUT VIN
Effet pas tres significatif
12
Theoreme de Miller
• Reprenons l’exemple de tantot:
• Condensateurs vus de chaque bord ressembleraient a ca:
vin
505pF
vout
4.95pF 5pF
-100
vin vout
Theoreme de Miller
• Theoreme de Miller:
• Condensateur connecte a amplificateur de gain A
• Circuit a l’entrée va VOIR un condensateur de valeur (1-A)C connecte au ground
• La sortie de l’amplificateur va VOIR un
condensateur de (1-1/A)C connecte au ground
14
Theoreme de Miller
• Importance du theoreme de Miller:
1) Condensateurs parasites aux bornes d’un amplificateur baisse les performances
– On essaie “d’annuler” l’effet de Miller
– Ou on essaie de trouver une autre configuration
2) En microelectronique, les condensateurs prennent beaucoup de place
– On a parfois besoin d’un gros C
– Solution: amplificateur de haut gain et petit C
Fermons la parenthese sur le theoreme de Miller…
Haute frequence: introduction
• On a vu comment polariser les transistors
• Mettre en region active pour amplifier
• Calculer gain et parametres petit signal
• Une fois polarise, on “injecte” un AC:
• Pour passer le AC et enlever le DC, on utilise les condensateurs entre les etages
• Si la frequence est assez elevee, le signal va passer
• Sinon, c’est considere comme du DC et est bloque
16
Haute frequence: introduction
• A basse frequence le gain sera faible
• C’est du a nos condensateurs CI, CO et CE
• D’apres notre modele, on aurait ceci:
• Si la frequence est plus que ω1, le gain sera A
• Meme si la frequence est infinie, le gain sera A…
ω A
ω1
Semble un peu louche…
Haute frequence: introduction
• Imaginons un signal infiniment vite:
• Est-ce que l’amplificateur peut reagir aussi rapidement?
• NON. Les transistors prennent du temps pour changer de tension.
• Cependant, notre modele ne nous indique rien de tout ca.
• Notre modele est donc encore incomplet…
Allons voir ce qu’il manque…
18
Haute frequence: modele
• Les transistors sont “faits de diodes”
• Les cotes P et N d’une diode sont des conducteurs
• La region charge-espace est comme un isolant
• 2 conducteurs separes par un isolant forment un condensateur
P N
Chaque jonction PN est un condensateur
Haute frequence: modele
• Un transistor est forme de 2 diodes
• Il y a donc 2 condensateurs (BE et BC):
N P N
Base
Emetteur Collecteur
N P N
Base
Emetteur Collecteur
P N N
20
Haute frequence: modele
• Ca se traduit en un modele petit signal qui est plus complet
• Condensateur base-emetteur: cπ
• Condensateur base-collecteur: cµ
• Le modele est presque complet…
Cπ
Cµ
rπ ro
Haute frequence: modele
• Modelise la resistance de la base avec rπ
• Cependant, rπ n’est pas complet.
• Ca tient compte du courant qui va a l’emetteur
• Un autre courant est utilise pour charger la region de la base
La resistance pour passer au travers de la base, c’est r
P N N
22
Haute frequence: modele
• rx est negligeable a basse vitesse
• L’effet des condensateurs etait negligeable
• Avec les condensateurs et a haute vitesse, ca change la performance.
Cπ
Cµ
rπ ro
rx
BASE COLLECTEUR
EMETTEUR
On a maintenant un modele plus complet
Haute frequence
• Avec un modele plus complet, le transistor ne fonctionnera plus infiniment vite
• Il sera un filtre passe bas (comme on va le voir)
• Pour caracteriser un filtre passe bas, on utilise la frequence de coupure ω-3dB:
• “Jusqu’a quelle vitesse peut-on operer?”
• Retournons voir nos notions de base…
24
Parenthese: ω
-3dB• Le filtre passe bas le plus simple: RC
• Avec diviseur de tension:
R
C
vin vout
CR CR s
vin vout
+
= 1 1 sC R
vin sC vout
+
= 1
1
1. T(s) 2. T(jω) 3. |T(jω)|
4. |T(jω−3dB)|=-3dB 5. Isoler ω-3dB
Parenthese: ω
-3dB• Pour frequences reelles, s=jω:
• L’amplitude du gain est:
CR CR j
vin vout
+
=
1 ω
1
2
1 2
1
ω +
=
CR CR vin
vout
CR CR s
vin vout
+
= 1 1
26
Parenthese: ω
-3dB• On veut la frequence a laquelle le gain chute de 3dB, c’est-a-dire a du max
• On isole ω−3dB:
2 3
1 2
1 2
1
CR dB
CR + −
=
ω
2 1
dB CR
1
3 =
ω−
Parenthese: ω
-3dB• Semblable au filtre passe haut RC
• Valeur de ω-3dB est ce qui est “a cote” du s
CR CR s
vin vout
+
= 1 1
100 101 102 103 104
0 0.2 0.4 0.6 0.8 1
-3dB
ω-3dB
28
Emetteur commun
• Modele petit signal de l’emetteur commun
• Trouvons sa fonction de transfert
+ -
Emetteur commun
• Ayant deja fait l’analyse, je SAIS que c’est long. Je veux simplifier les choses.
• Au noeud a l’entrée, les courants sont petits
• Rappel: Petit courant IB controle gros courant IC…
30
Emetteur commun
• IB est divise et une partie passe dans IC
• Quand on analyse a la base, c’est important
• Du point de vue du collecteur, c’est negligeable
• Justification: IC est β fois plus gros que IB et c’est une fraction de IB qui passe par cµ
• Avec cette hypothese on procede…
Emetteur commun
• On regarde la sortie:
• Sachant que le courant est gmva:
(
o C L)
a m
out g v r R R
v = || ||
−
)
||
||
( o L C
OUT
out I r R R
v = −
+ -
A cause de v , il faut une autre equation
Rappel: on neglige le courant dans cµ
32
Emetteur commun
• On ecrit l’equation a l’entrée:
• On isole va:
out a
a a
x sig
a x
sig
in sC v sC v
r v v
r sC r
v r
r v
µ π µ
π + + −
+ = + −
( )
( ) ( ) ( )
a
x sig
x sig
x sig
out
in v
r r
C r C
s r
r
r r
v sC
v =
+ + +
+
+ +
||
1
µ π π
µ
va
Emetteur commun
• On substitue va dans la 1re equation
• Isolons VOUT/VIN
• Deplacer les VOUT a gauche
• Factoriser VOUT
• Isoler VOUT/VIN
( )
( ) ( ) ( )
(
o C L)
x sig
x sig
x sig
out in
m
out r R R
r r
C r C
s r
r
r r
v sC g v
v || ||
||
1
+ + +
+
+
= +
−
µ π π
µ
34
Emetteur commun
• Apres deplacement et factorisation:
• On le rend plus beau:
( )
( ) ( ) ( )
( )
( ) ( ) ( )
( o C L)
x sig x
sig
in m
L C o
x sig x
sig
x sig m
out r R R
r r C r
C s r r g v R
R r r r C r
C s r r
r r sC
v g || ||
||
1
||
||
||
1 1
+ + +
+
=
+ + +
+ + +
−
µ π π π
µ π
µ
( ) ( ) ( ) m ( sig x)( o C L) m in( o C L)
x sig x
sig
out g sC r r r R R g v r R R
r r
C r C
s r r
v || || || ||
||
1 =
+ +
+ + +
+
− µ
µ π π
Emetteur commun
• On isole:
• Mettons en evidence le ω-3dB
( )
( ) (
[ ( )]) ( )
+ + +
+ +
= −
x sig
L C
o m x
sig
L C
o m in
out
r r
R r R
r g C
C s r
r
R R
r g v
v
||
|| 1
||
1
||
||
µ π π
( )
( )( [ ( )]) ( [ ( )]) ([ )]
+ +
+ + +
+ +
= −
x sig L
C o
m L
C o
m x
sig
L C
o m in
out
r r
r R
R r
g C
s C R
R r g C
C r r
R R
r g v
v
||
||
||
1
|| 1
||
1
||
||
π µ
µ π π
ω
36
Emetteur commun
• Premiere chose a verifier:
• Est-ce que c’est coherent avec nos resultats precedents?
• A basse frequence, s→0:
( )
( ) (
[ ( )]) ( )
+ + +
+ +
= −
x sig
L C
o m x
sig
L C
o m in
out
r r
R r R
r g C
C s r
r
R R
r g v
v
||
|| 1
||
1
||
||
µ π π
37
Emetteur commun
• En rearrangeant, on obtient:
( )
+
− +
=
π π
r r
r R r
R r
v g v
x sig
L C
o m in
out || ||
Diviseur de tension a l’entree
( )
+
− +
=
π π
r r
r R r
R r
v g v
x sig
L C
o m in
out || ||
38
Emetteur commun
• Revoyons l’equation
• La valeur de cµ est multipliee par (1-A):
( )
( )( [ ( )]) ( [ ( )])[ ( )]
+ +
+ + +
+ +
= −
x sig L
C o
m L
C o
m x
sig
L C
o m in
out
r r
r R
R r g C
s C R
R r g C
C r r
R R
r g v
v
||
||
||
1
|| 1
||
1
||
||
π µ
π µ
π
( )
( )( [ ( )]) ( [ ( )])[ ( )]
+ +
+ + +
+ +
= −
x sig L
C o m L
C o m x
sig
L C o m in
out
r r
r R R r g C
s C R
R r g C
C r r
R R r g v
v
||
||
||
1
|| 1
||
1
||
||
π µ
π µ
π
R C
Est-ce que ca rappelle des souvenirs?
Emetteur commun
• Ca nous rappelle le theoreme de Miller:
• C aux bornes d’un amplificateur de gain A
• L’entrée voit C de valeur (1-A)C
• L’emetteur commun a une capacite de Miller:
Cµ
Entree Sortie
-gm(RC||RL||ro)
VOUT VIN
Cµ
Donc la valeur de cµ sera multipliee par (1-A)
40
Emetteur commun
• Rafaisons l’analyse avec le theoreme de Miller
• On prend cµ et on le separe en 2 parties
• La capacite a l’entrée on l’appelle CM
• La capacite a la sortie est negligee (pour etre coherent avec tantot)
RC RSIG
vin
vout
Cπ rπ ro
rx
RL
Voyons si on obtient le meme resultat que tantot
Emetteur commun
• Tension sortie:
• Tension va (diviseur de tension):
RC RSIG
vin
vout
Cπ rπ ro
rx
RL
CΜ
(
o C L)
a m
out g v r R R
v = || ||
−
+ + +
= +
) (
|| 1
) (
|| 1
M x
sig
M in
a
C C
r s r
r
C C
r s v
v
π π π π
42
Emetteur commun
• Apres beaucoup de manipulations:
• On substitue:
( )
(
sig x)
x M sig
in a
r r
C r C
r s v r
v
+ + + +
=
||
) 1 (
1 1
π π
( ) ( )
(
sig x)
x M sig
L C
o m in
out
r r
C r C
r s R r
R r
v g v
+ + + +
−
=
||
) 1 (
1
|| 1
||
π π
Emetteur commun
• CM c’est la capacite de Miller:
• On obtient la meme reponse (si on divisait en haut et en bas par CM)
( )
[
m o C L]
M C g r R R
C = µ 1+ || ||
( )
( )
(
sig x)
L C
o x m
sig L
C o
m in
out
r r
R r R
r g C
C r s
R r R
r v g
v
+ + +
+ +
−
=
||
) 1
||
||
( 1
[ (
1
|| 1
||
µ π π
CM
44
Emetteur commun: discussions
• Cµ est normalement faible
• Multiplication de Miller le rend eleve
• Baisse la frequence de coupure haute frequence
• Empeche les circuits de fonctionner vite
• Le probleme se trouve a l’entrée de l’ampli
• On va souvent vouloir eliminer l’effet de Miller.
• On verra le “comment” plus tard…
Passons maintenant a la base commune…
45
Base Commune
• Pour simplifier l’analyse, on neglige rx et ro
rx Cµ
Cπ rπ
RSIG
RC RL
vin
vout
+ -
46
Base Commune
• Equation de sortie:
• Il faut une autre equation. Pour l’instant, isolons va:
−
= m a C L
out R R
v sC g
v 1 || ||
µ
rx Cµ
Cπ rπ
RSIG
RC RL
a L
C m
out v
R sC R
g
v =
−
||
1 ||
µ
Base Commune
• On ecrit une equation a l’entrée:
• On factorise va:
+ + +
= m
sig a
sig
in g
sC r v r
r v
π π
1 1
rx
Cµ
Cπ rπ
RSIG
RC RL
( )
π π
r v v
sC v
r g v
v a
a a
m sig
a
in − + − = +
48
Base Commune
• On substitue:
• Avec des manipulations algebriques:
+ + +
= m
sig L
C m
out sig
in g
sC r R r
sC R g
v r
v
π π µ
1 1
||
1 ||
( )
( )
( )
( ) inout sig
sig L
C
L C
m
v v
r r r r
sC R
R sC
R R
g =
+ +
+ +
π π π
µ
β 1 1
||
||
Base Commune
• Verification: gain a basse frequence (s→0)
• Gain intrinseque: gm(RC||RL)
• Diviseur de tension entre rsig (deplace a la base) et rπ.
( ) ( )
in out L
C m
sig v
R v R
r g r
r =
+
+ ||
β 1
π
π
50
Base Commune
• On voit qu’il y a 2 poles
• Un des poles est typiquement “dominant”
• Sa frequence est beaucoup plus basse
• En base commune, RSIG doit etre faible:
• 2e pole devient negligeable.
( )
( )
( ) ( )
inout sig
sig L
C
L C
m
v v
r r r r
sC R
R sC
R R
g =
+ +
+ +
π π π
µ
β 1
1
||
||
Base Commune
• On approxime la fonction de transfert avec
• On observe 3 choses:
• Le ω-3dB est determine par la sortie
• Le ω-3dB depend de Cµ et RC||RL
• Cµ est typiquement petit: frequence elevee.
• Pas de capacite de Miller
( )
( )
(
sCgµmRRCC||||RRLL +1)
= vvoutinPassons maintenant au collecteur commun…
52
Collecteur Commun
• On ignore rx et ro
• On ecrit une equation a la sortie
vin
vout RSIG
rπ Cπ
Cµ
RE
( ) ( )
E out out
a m out
a out
a
R v v
v g
v v
r sC v
v − + − + − =
π π
va
+ -
Collecteur Commun
• On n’aime pas va et donc, on aura besoin d’une 2e equation
• On isole va avant de proceder:
• On factorise:
out m
out out
E out a
m a
a sC v g v
r v R
v v g v
r sC
v + + = + + π +
π π π
+ + +
=
+ + m
E out
m
a sC g
r v R
g r sC
v π
π π π
1 1
1
54
Collecteur Commun
• On isole va:
• On substitue par des plus beaux termes..
+
+ +
=
π π
r sC r sC v R
v
e e E
out
a 1
1 1
+ +
+ + +
=
π π π π
π
r g r r sC
g r v R
v
m m E
out
a 1
1 1
1 β
+ +
+ + +
=
π π π π
π
r g r r sC
g r v R
v
m m E
out
a 1
1 1 1
re=rπ/(β+1)
Collecteur Commun
• On ecrit la 2e equation (a l’entrée)
• On factorise va pour faciliter la substitution
(
a out)
out a
a SIG
a
in sC v v
r v v v
R sC v
v − = + − + −
π π µ
+
−
+ + +
=
π π π π
µ sC v sC r
sC r v R
R v
out SIG
a SIG
in 1 1 1
vin
vout RSIG
rπ Cπ
Cµ
RE