SMP4 : Correction Examen Rattrapage Electronique Année : 2018-2019 Sections A/B
Exercice 1 :
1. Schéma en statique
Le schéma en statique de l’ampli…cateur est représenté à la …gure 1a. Ce dernier peut également être mis sous la forme équivalente de la …gure 1b. Moyennant le théorème de Thévenin, le circuit de la …gure 1b est équivalent à celui de la …gure 1c.
Le théorème de Millmann entraîne :
VT =
VCC
R1
VEE
R2
1 R1 +R1
2
= R2VCC R1VEE R1+R2
= 50 10 100 10
100 + 50 = 3:33V
RT = 1 R1 + 1
R2
1
= 1
100+ 1 50
1
k = 33:33k 2. Maille M1 :
VT +RT
IC1 1
+VBE1+RE1IE1 VEE = 0 VT +RTIC1
1
+VBE1+RE1IC1 VEE = 0; IE1 'IC1; 1 1
La résolution de l’équation ci-dessus en IC1 entraîne :
IC1 = 1 RE1+RT
1
(VT VBE1+VEE)
= 1
2 +33:33100 ( 3:33 0:7 + 10)mA ' 2:56mA
Maille M2 :
RC1 IC1 IC2
2
+RE2IE2+VEB2 = 0 RC1 IC1
IC2
2
+RE2IC2+VEB2 = 0; IE2'IC2; 2 1 A partir de l’équation ci-dessus, on obtient :
IC2 = VEB2 IC1RC1
RE2+ 1
2RC1
= 0:7 2:56 5 2 +1005 mA ' 5:9mA
Maille M3 :
+VEE RE1IE1 VCE1 RC1 IC1 IC2
2
+VCC = 0 +VEE RE1IC1 VCE1 RC1 IC1 IC2
2
+VCC = 0; IE1'IC1 1 1 La tensionVCE1 est déduite directement de l’équation ci-dessus :
VCE1 = VCC RE1IC1 IC1 1
2
IC2 RC1+VEE
= 10 2 2:56 2:56 5:9
100 5 + 10 ' 2:375V
Maille M4 :
+VEE RC2IC2 VEC2 RE2IE2+VCC = 0
VEC2 = +VEE RC2IC2 RE2IE2+VCC; IE2'IC2 2 1
= +VEE RC2IC2 RE2IC2+VCC ' 10 1 5:9 2 5:9 + 10 V
= 2:3V
Les deux transistors fonctionnent en mode actif direct puisque VCE1 > VBE1 et VEC2 >
VEB2.
3. Résistances r 1 etr 2: r 1 = 1 VT
IC1
= 100 26
2:56 '1k
VT 26
4. Schéma en dynamique :
Le schéma en dynamique de l’ampli…cateur de la …gure 1 est représenté à la …gure 1d.
5. a- Gain en tension :
v0= (RC2kRL) 2i2 La loi ’Diviseur de courant’entraîne :
i2 = r 2 kRC1
r 2 ( 1ib1) La tension d’entrée vi est donnée par :
vi= (r 1+ ( 1+ 1)RE1)ib1 On en déduit donc que :
Av = v0
i2 i2
ib1 ib1
vi
= (RC2 kRL) 2r 2kRC1
r 2 ( 1) 1
(r 1+ ( 1+ 1)RE1)
= 1
RC2 + 1 RL
1 2
1 r 2 +R1
C1
1
r 2 ( 1) 1
(r 1+ ( 1+ 1)RE1)
= 1
1+1 2
1
100
1
0:4407 +15 1
0:4407 ( 100) 1
(1 + (100 + 1) 2) ' 30:2
b- Résistance d’entrée :
Ri = RT k vi ib1
= RT k(r 1+ ( 1+ 1)RE1)
= 1
RT + 1
r 1+ ( 1+ 1)RE1
1
= 1
33:33 + 1
1 + (100 + 1) 2
1
k = 28:63k
c- Résistance de sortie :
La résistance de sortie est :
R0 = RC2; ib1 =i2= 0
= 1k Exercice 2 :
1. Caractéristique I-V :
2. Valeur minimale de la tension d’entrée : La diode Zener fonctionne dans la zone de claquage lorsqueIZ > Izmin= 0A. Le courant Iz est donné par :
IZ = vi Vz R
IC
Or :
IC
=1IE = Vz VBE RL
En reportant l’expression de IC dans la rela- tion de IZ, on obtient :
IZ = vi Vz R
Vz VBE RL >0 Soit :
1
vimin = 1
RL(RVz RVBE + RLVz)
= 1
100 2(1:8 8:3 1:8 0:7 + 100 2 8:3)'8:37V
3. La valeur nominale vi= 15V > vimin. La diode Zener fonctionne en zone de claquage. La tension de sortie est donc :
V0 = Vz VBE
= 8:3 0:7V
= 7:6V
Le courant collecteurIC est donné par l’expression suivante : IC ' Vz VBE
RL
= 8:3 0:7
2 mA= 3:8mA Le courant IZ admet pour valeur :
IZ = vi Vz R
Vz VBE RL
= 15 8:3 1:8
8:3 0:7 100 2 mA
= 3:68mA
Le courant débité par la source se déduit à partir de la loi des noeuds : IS = IZ+IE
' IZ+IC
= 3:68 + 3:8mA ' 7:5mA
4. Le schéma permettant d’obtenir les ‡uctuations à la sortie est représenté à la …gure 2b.
Notons que la tension Early est supposée in…nie.
Exercice 3 : 1. Ampli Op idéal :
a- Résistance d’entrée in…nie
b- Gain en tension en boucle ouverte in…nie c- Résistance de sortie nulle
Conséquences : v+=v , i+=i = 0.
2.
J = v1
R1 = vx Rf Soit :
vx= Rf R1v1 3. La loi des noeuds entraîne :
k+m = I vx
R3 + v2
R2 = v0 Rf On déduit la tension de sortie :
v0 = Rf
vx
R1 + v2
R2
= R2f R1R3v1
Rf R2v2
!
=v1 v2
Ceci se traduit par :
Rf2 R1R3
= 1 Rf
R2
= 1 Soit :
Rf =R2 =p R1R2
Fin