MULTIPLES
I INTEGRATION DANS R2 5
1 THEOREME DE FUBINI 7
2 CHANGEMENT DE VARIABLES 69
2.1 Coordonnées polaires . . . 69
2.2 Coordonnées elliptiques . . . 114
2.3 Isométries . . . 122
2.4 Changements de variables divers . . . 126
II INTEGRATION DANS R3 141 3 THEOREME DE FUBINI 143 4 CHANGEMENT DE VARIABLES 161 4.1 Coordonnées cylindriques . . . 161
4.2 Coordonnées sphériques . . . 189
4.3 Changements de variables divers . . . 198
III INTEGRATION DANS Rp 205
5 THEOREME DE FUBINI 207
6 CHANGEMENT DE VARIABLES 213
3
calculer des intégrales multiples Z
· · · Z
D
f (x
1, . . . , x
p) dx
1dx
2· · · dx
pdans le cas de 2, de 3 puis de p variables.
Tous les domaines d’intégration D considérés sont limités par des courbes simples dans R
2, des surfaces simples dans R
3et des hypersurfaces simples dans R
p. Les fonctions f intégrées sont continues sur D.
Lorsque le domaine D n’est pas fermé ou n’est pas borné, on appliquera les mé- thodes générales dès que la fonction f est positive sur D.
On ne soulèvera pas de difficultés pour les changements de variables proposés.
Les exercices sont indépendants les uns des autres.
INTEGRATION DANS R 2
5
THEOREME DE FUBINI
1)
Calculer I =Z ZD
f(x, y)dx dy
où Dest le rectangle de sommets O,A(π,0),B(0,1), C(π,1) et f(x, y) = 2y sinx .
✻
✲ π 1
D
· · · ·
· · · ·
· · · ·
· · · ·
· · · ·
Comme on intégre sur un rectangle une fonction dont les variables se séparent, on a immédiatement
I =
Zπ 0
sinx dx
Z1 0
2y dy
=h
−cosxiπ 0
h y2i1
0 = 2.
7
D
où Dest le triangle de sommets O,A(1,0),B(1,1) et f(x, y) =x−y .
✻
✲ 1 1
D
x
· · · ·
· · · · ·
· · · ·
· · ·
· ·
·
La droite OB a pour équation
y=x .
Lorsquex est compris entre0 et1, le nombre y varie de 0à x. Donc Iy(x) =
Zx 0
(x−y)dy=
−(x−y)2 2
y=x y=0
= x2 2 . On a alors
I = Z1
0
Iy(x)dx= 1 2
Z1 0
x2dx= x3
6 1
0
= 1 6.
3)
Calculer I =Z ZD
f(x, y)dx dy où
D={(x, y)| |x| ≤a ,|y| ≤b}. et
f(x, y) = (x+y)ex−y.
✻
✲
−a a
b
−b x
D
· · · ·
· · · ·
· · · ·
· · · ·
· · · ·
· · · ·
· · · ·
· · · ·
· · · ·
· · · ·
On intègre sur un rectangle. Lorsquex est compris entre−aeta, l’ordonnée y varie de−bà b. Donc
Iy(x) = Zb
−b
(x+y)ex−ydy .
En intégrant par parties
Iy(x) =h
−(x+y)ex−yiy=b y=−b+
b
Z
−b
ex−ydy =h
−(x+y+1)ex−yiy=b
y=−b =−(x+b+1)ex−b+(x−b+1)ex+b. On a alors
I = Za
−a
Iy(x)dx= Za
−a
(x−b+ 1)ex+b−(x+b+ 1)ex−b dx . En intégrant de nouveau par parties
I = h
(x−b+ 1)ex+bi+a
−a− Za
−a
ex+bdx−
h
(x+b+ 1)ex−bi+a
−a− Za
−a
ex−bdx
= h
(x−b)ex+bi+a
−a−h
(x+b)ex−bi+a
−a
= (a−b)ea+b+ (a+b)eb−a−(a+b)ea−b+ (b−a)e−(a+b)
= (a−b)(ea+b−e−(a+b)) + (a+b)(eb−a−ea−b)
= 2(a−b) sh(a+b) + 2(a+b) sh(b−a).
D
où Dest le triangle de sommets O,A(1,0),B(0,1) et f(x, y) =x2y .
✻
✲ 1 1
D
x
· · · ·
· · · · ·
· · · ·
· · ·
· ·
·
La droite AB a pour équation
y= 1−x .
Lorsquex est compris entre0 et1, le nombre y varie de 0à 1−x. Donc
Iy(x) =
1−x
Z
0
yx2dy =x2hy2 2
iy=1−x
y=0 = x2(x−1)2
2 .
On a alors
I =
1
Z
0
Iy(x)dx= 1 2
1
Z
0
(x4−2x3+x2)dx= 1 2
x5 5 −x4
2 + x3 3
1 0
= 1 2
1 5 −1
2 +1 3
= 1 60.
5)
Calculer I =Z ZD
f(x, y)dx dy
où Dest le triangle de sommets O,A(2,0),B(0,2) et f(x, y) =xex siny .
✻
✲ 2 2
D
x
· · · ·
· · · · ·
· · · ·
· · ·
· ·
·
La droite AB a pour équation
y= 2−x .
Lorsquex est compris entre0 et2, le nombre y varie de 0à 2−x. Donc Iy(x) =
2−x
Z
0
xex siny dy=xexh
−cosyiy=2−x
y=0 =xex(1−cos(x−2)). Alors
I =
2
Z
0
Iy(x)dx=
2
Z
0
xexdx−
2
Z
0
xex cos(x−2)dx . En intégrant par parties, on obtient tout d’abord
2
Z
0
xexdx=h xexi2
0−
2
Z
0
exdx=h
(x−1)exi2
0 =e2+ 1. D’autre part
Z2 0
xexcos(x−2)dx= Re Z2 0
xexei(x−2)dx= Re
e−2i Z2 0
xe(1+i)xdx
. On intègre de nouveau par parties ce qui donne
Z2 0
xe(1+i)xdx=
"
xe(1+i)x 1 +i
#2 0
− Z2 0
e(1+i)x 1 +i dx=
"
xe(1+i)x
1 +i − e(1+i)x (1 +i)2
#2 0
.
1 +i =
2 et
(1 +i)2 =
2 =−2, d’où
Z2 0
xe(1+i)xdx= 1 2 h
x(1−i)e(1+i)x+ie(1+i)xi2 0 = 1
2 h
(1−i)x+i
e(1+i)xi2 0= 1
2 (2−i)e2+2i−i .
Alors
e−2i
2
Z
0
xe(1+i)xdx= 1
2 (2−i)e2−ie−2i , et
Re
e−2i Z2 0
xe(1+i)xdx
=e2− sin 2 2 . Finalement
I =e2+ 1−
e2−sin 2 2
= 1 + sin 2 2 .
6)
Calculer I =Z ZD
f(x, y)dx dy
où Dest le triangle de sommets A(1,0), B(0,1),C(0,−1)et f(x, y) =x+ 2y .
✻
✲ 1 1
−1
D
x
· · · ·
· · · · ·
· · · ·
· · ·
· ·
·
· · · ·
· · · · ·
· · · ·
· · ·
· ·
·
Les droites AB etAC ont pour équations respectives
y = 1−x et y=−1 +x .
Lorsquex est compris entre0 et1, le nombre y varie de x−1à 1−x. Donc
Iy(x) =
1−x
Z
x−1
(x+ 2y)dy =h
xy+y2iy=1−x
y=x−1=x(1−x) + (x−1)2− x(x−1) + (x−1)2
= 2x(1−x).
On a alors
I = Z1 0
Iy(x)dx= Z1 0
(2x−2x2)dx=
x2− 2x3 3
1 0
= 1−2 3 = 1
3.
D
où Dest le carré de sommets O,A(π,0),B(0, π), C(π, π) et f(x, y) = (x+y) sinx siny .
✻
✲ π π
D
x
·
·
·
·
·
·
·
·
·
·
·
·
·
·
·
·
·
·
·
·
·
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·
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·
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·
·
·
·
·
·
·
·
·
·
·
·
·
·
·
·
·
·
·
Lorsquex est compris entre0 etπ, le nombrey varie de0 àπ. Donc Iy(x) =
π
Z
0
(x+y) sinx siny dy .
On intègre par parties
Iy(x) = sinx
h
(x+y) (−cosy)iy=π y=0 +
π
Z
0
cosy dy
= sinxh
(x+y)(−cosy)+sinyiy=π
y=0 = (2x+π) sinx . On a alors
I = Zπ 0
Iy(x)dx , et on intègre de nouveau par parties
I = Zπ 0
(2x+π) sinx dx=h
(2x+π)(−cosx)iπ 0 + 2
Zπ 0
cosx dx=h
(2x+π)(−cosx) + 2 sinxiπ 0 = 4π .
8)
Calculer I =Z ZD
f(x, y)dx dy
où Dest le triangle de sommets O,A(1,0),B(0,2) et f(x, y) = (2x+y)2.
✻
✲ 1 2
D
x
· · · ·
· · · · ·
· · · · ·
· · · ·
· · · ·
· · ·
· · ·
· ·
· ·
·
·
La droite AB a pour équation
y= 2−2x .
Lorsquex est compris entre0 et1, le nombre y varie de 0à 2−2x. Donc
Iy(x) =
2−2x
Z
0
(2x+y)2dy=
(2x+y)3 3
y=2−2x y=0
= 8−8x3 3 . Alors
I =
1
Z
0
Iy(x)dx= 8 3
1
Z
0
(1−x3)dx= 8 3 h
x−x4 4
i1 0 = 8
3
1−1 4
= 2.
D
où Dest le triangle de sommets O,A(1,0),B(0,1) et
f(x, y) = ln(x+y+ 1).
✻
✲ 1 1
D
x
· · · ·
· · · · ·
· · · ·
· · ·
· ·
·
La droite AB a pour équation
y= 1−x .
Lorsquex est compris entre0 et1, le nombre y varie de 0à 1−x. Donc Iy(x) =
1−x
Z
0
ln(x+y+ 1)dy .
En posantu=x+y+ 1, on obtient Iy(x) =
Z2 x+1
lnu du=h
ulnu−uiu=2
u=x+1= 2 ln 2−2−(x+ 1) ln(x+ 1) + (x+ 1). On a alors
I =
1
Z
0
Iy(x)dx=
1
Z
0
[2 ln 2−2−(x+ 1) ln(x+ 1) + (x+ 1)]dx . En posantv=x+ 1, et en intégrant par parties on obtient
I = 2 ln 2−2− Z2 1
(vlnv−v)dv = 2 ln 2−2− v2
2 lnv 2
1
+ Z2
1
3 2v dv , d’où
I = 2 ln 2−2− v2
2 lnv−3 4v2
2 1
= 1 4.
10)
CalculerI =Z ZD
f(x, y)dx dy
oùDest le trapèze dont la base est le segment de l’axe desxdont les abscisses sont comprises entre
−1et1et dont les trois autres côtés sont situés dans le demi-plan desypositifs et de longueur 1, et f(x, y) =y .
✻
✲ 1
A
A′
B B′
−1 O
√3 2
D y
· · · ·
· · · ·
· · · ·
· · · ·
· · · ·
· · · ·
Si l’on noteA(−1,0),B(1,0) etA′ etB′ les autres sommets du trapèze, on aAA′ =A′B′=BB′ = 1.
Les triangles OBB′, OB′A′ et OAA′ sont équilatéraux. Alors la droite passant par A′ et B′ a pour équation
y= sinπ 3 =
√3 2 , la droite passant parB etB′ a pour équation
y=−tanπ
3(x−1) =−√
3 (x−1), et celle passant par AetA′ a pour équation
y=√
3 (x+ 1). Lorsquey est fixé entre 0 et
√3
2 , la variablex est comprise entre −1 + y
√3 et1− y
√3, et l’on a
Ix(y) =y
1−y/√ 3
Z
−1+y/√ 3
dx= 2y
1− y
√3
.
Alors
I =
√3/2
Z
0
Ix(y)dy=
√3/2
Z
0
2y
1− y
√3
dy=
y2− 2 3√
3y3 √3/2
0
= 1 2.
D
où Dest le trapèze limité par les droites d’équation y= 0,y= 1,y= 2−x ety= 1 + x 2, et f(x, y) =xy .
✻
✲
−2 2
1
D y
· · · ·
· · · ·
· · · ·
· · · ·
· · · ·
· · · ·
· · · ·
Lorsquey est compris entre0 et1, le nombre x varie de 2y−2 à 2−y. Donc
Ix(y) =
2−y
Z
2y−2
xy dx=h yx2
2
ix=2−y x=2y−2 = y
2
(2−y)2−(2y−2)2
= y
2(4y−3y2). On a alors
I =
1
Z
0
Ix(y)dy = 1 2
1
Z
0
(4y2−3y3)dy =h2y3 3 −3y4
8 i1
0 = 2 3 −3
8 = 7 24.
12)
CalculerI =Z ZD
f(x, y)dx dy
où Dest l’ensemble des points du plan qui vérifient les inégalités
√x+√y≥1 et √
1−x+p
1−y ≥1, et
f(x, y) = (x−y)2.
✲
✻
1 1
D
x
· · · ·
· · · ·
· · · ·
· · · ·
· · · ·
· · · ·
· · · ·
· · · ·
· · · ·
· · · ·
· · · · ·
Si(x, y) appartient à D, on a nécessairement 0≤x≤1 et0≤y≤1 . Alors la condition
√x+√y≥1, équivaut à
√y≥1−√ x , puis à
y≥(1−√
x)2 = 1 +x−2√ x . De même, la condition
√1−x+p
1−y≥1, équivaut à
p1−y≥1−√ 1−x , puis à
1−y≥(1−√
1−x)2,
≤ − − − − − Pour xcompris entre 0 et1, on calcule
Iy(x) =
x−1+2√ 1−x
Z
1+x−2√x
(y−x)2dy
=
(y−x)3 3
y=x−1+2√ 1−x
y=1+x−2√x
= 1 3
(2√
1−x−1)3−(1−2√ x)3
= 1 3
h8(x3/2+ (1−x)3/2) + 6(√ x+√
1−x)−14i . Alors
I = Z1 0
Iy(x)dx
= Z1 0
1 3 h
8(x3/2+ (1−x)3/2) + 6(√ x+√
1−x)−14i dx
= 1 3
h16
5 (x5/2−(1−x)5/2) + 4(x3/2−(1−x)3/2)−14xi1 0
= 1 3
16
5 + 4−14 +16 5 + 4
= 2
15.
13)
CalculerI =Z ZD
f(x, y)dx dy
où Dest l’ensemble des points du plan limité par les courbes d’équation y= 1
x et y =−4x+ 5, et
f(x, y) =x2y .
✲
✻
1
4 1
1 4
D
x
··
··
··
··
··
··
·
··
··
··
··
·
··
··
··
··
··
·
··
··
··
··
··
··
··
··
··
··
··
··
··
··
··
··
1
x =−4x+ 5, ce qui équivaut à
4x2−5x+ 1 = 0,
et a pour solutions 1 et1/4. Lorsquex est fixé entre ces deux valeurs, on intègre en y
Iy(x) =
−4x+5
Z
1/x
x2y dy
= h1
2x2y2iy=−4x+5 y=1/x
= 1
2[x2(−4x+ 5)2−1]
= 1
2 16x4−40x3+ 25x2−1 . Alors
I =
1
Z
1/4
Iy(x)dx= 1 2
16
5 x5−10x4+25 3 x3−x
1 1/4
= 441 1280.
14)
CalculerI =Z ZD
f(x, y)dx dy
où Dest l’ensemble des points du plan limité par les cercles d’équation x2+y2 = 1 et (x−1)2+ (y−1)2 = 1, et
f(x, y) =xy .
✻
✲ 1
1
D
x
· · · ·
· · · ·
· · · ·
· · · ·
· · · ·
· · · ·
· · · ·
· · · ·
· · · ·
· · · ·
· · · · ·
· ·
Si(x, y) appartient à D, on a nécessairement 0≤x≤1, et0≤y≤1. Alors La condition x2+y2≤1,
équivaut à
y≤p
1−x2. De même, la condition
(x−1)2+ (y−1)2 ≤1, équivaut à
|y−1| ≤p
1−(x−1)2, et, comme y−1 est négatif, à
1−y≤p
1−(x−1)2, et enfin à
y≥1−p
1−(x−1)2. Pour xcompris entre 0 et1, on calcule
Iy(x) =
√1−x2
Z
1−√
1−(x−1)2
xy dy
= xhy2 2
iy=√ 1−x2 y=1−√
1−(x−1)2
= x 2
(1−x2)−[1−2p
1−(x−1)2+ (1−(1−x)2)]
= −x2+xp
1−(x−1)2. Alors
I = Z1 0
Iy(x)dx= Z1
0
(xp
1−(x−1)2−x2)dx= Z1
0
xp
1−(x−1)2dx−1 3. On calcule l’intégrale restante en posant
x= 1−sint d’où dx=−cost dt .
La variable x décrit [ 0,1 ] lorsque la variable t décrit [ 0, π/2 ]. On en déduit
I+1 3 =
π/2
Z
0
(1−sint) cos2t dt=
π/2
Z
0
cos2t dt−
π/2
Z
0
sintcos2t dt=
π/2
Z
0
1 + cos 2t 2 dt−
π/2
Z
0
sintcos2t dt .
On obtient alors
I = t
2 +sin 2t
4 +cos3t 3
π/2 0
−1 3 = π
4 −2 3.
15)
CalculerI =Z ZD
f(x, y)dx dy où
D={(x, y)|x≥1, y ≥1, x+y≤3}, et
f(x, y) = (x+y)−n (n∈Z).
✻
✲ 1
1
2 2
D
x
· · · · ·
· · · ·
· · ·
· ·
·
Lorsquex est compris entre1 et2, le nombre y varie de 1à 3−x. Donc
Iy(x) =
3−x
Z
1
(x+y)−ndy .
Lorsquen= 1, on obtient
Iy(x) =h
ln(x+y)iy=3−x
y=1 = ln 3−ln(x+ 1). puis
I =
2
Z
1
Iy(x)dx= ln 3−h
(x+ 1) ln(x+ 1)−xi2
1 = 2 ln 2−2 ln 3 + 1. Lorsquen6= 1, on obtient cette fois
Iy(x) =
(x+y)−n+1 1−n
y=3−x y=1
= 1
1−n 3−n+1−(x+ 1)−n+1 . On a alors
I =
2
Z
1
Iy(x)dx= 1 1−n
2
Z
1
3−n+1−(x+ 1)−n+1
dx= 1 1−n
3−n+1−
2
Z
1
(x+ 1)−n+1dx
. Lorsquen= 2, on trouve
I=−
1 3 −
Z2 1
dx x+ 1
=−1 3 +h
ln(x+ 1)i2
1 = ln 3−ln 2−1 3. Lorsquen6= 1 etn6= 2, on trouve
I = 1
1−n 3−n+1−
(x+ 1)−n+2 2−n
2 1
!
= 3−n+1
1−n − 3−n+2
(1−n)(2−n) + 2−n+2 (1−n)(2−n).
16)
CalculerI =Z ZD
f(x, y)dx dy où
D=n
(x, y)|0≤x≤siny ,0≤y ≤π 2
o , et
f(x, y) =xcosy .
✲
✻
1 π/2
D
y
·
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·
Lorsquey est compris entre0 etπ/2, le nombre x varie de0à siny. Donc
Ix(y) =
siny
Z
0
xcosy dx=
cosyx2 2
x=siny x=0
= cosysin2y
2 .
On a alors
I =
π/2
Z
0
Ix(y)dy = 1 2
π/2
Z
0
cosysin2y dy= 1 2
sin3y 3
π/2 0
=1 6.
où D
D=
(x, y)|0≤x≤1−y2 4
, et
f(x, y) =x2+y2.
✲
✻
1 2
−2
D
y
·
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·
·
Lorsquey est compris entre−2 et2, le nombrex varie de0 à1−y2 4 . Donc Ix(y) =
1−y2/4
Z
0
(x2+y2)dx=h
y2x+x3 3
ix=1−y2/4 x=0 =y2
1− y2
4
+1 3
1−y2
4 3
= 1 3+3y2
4 −3y4 16 − y6
192. On a alors
I =
2
Z
−2
Ix(y)dy =
2
Z
−2
1 3 +3y2
4 −3y4 16 − y6
192
dy= y
3 +y3 4 − 3y5
80 − y7 1344
2
−2
= 96 35.
18)
CalculerI =Z ZD
f(x, y)dx dy
où Dest le parallélogramme limité par les droites d’équation y=x,y = 2x,y =x+ 1,y= 2x−2 et
f(x, y) = (2x−y)2.
✻
✲
1 2 3
2 4
D
· ·· ···
··
··
··
··
··
··
·
··
··
·
··
··
·
··
··
·
··
··
·
··
··
··
· ·· ·
On découpe le domaine en deux partiesD1 etD2, séparées par la droite d’équationy= 2, et on intègre sur chacun de ces domaines en fixant tout d’abordy.
1) Sur D1, lorsque y est fixé entre 0et 2, le nombrex varie de y 2 ày.
✻
✲
1 2 3
2 4
D1
D2
y
(Ix)1(y) =
y
Z
y/2
(2x−y)2dx=
(2x−y)3 6
x=y x=y/2
= y3 6 , alors
Z Z
D1
(2x−y)2dx dy= Z2 0
(Ix)1(y)dy = Z2
0
y3 6 dy =
y4 24
2 0
= 2 3 .
2) Sur D2, lorsque y est fixé entre 2et 4, le nombrex varie de y−1à y 2 + 1.
✻
✲
1 2 3
2 4
D1
D2
y
On calcule tout d’abord (Ix)2(y) =
y/2+1
Z
y−1
(2x−y)2dx=
(2x−y)3 6
x=y/2+1 x=y−1
= 8−(y−2)3
6 ,
alors Z Z
D2
(2x−y)2dx dy=
4
Z
2
(Ix)2(y)dy =
4
Z
2
8−(y−2)3
6 dy =
1 6
8y− (y−2)4 4
4 2
= 2 .
Finalement
I = Z Z
D1
(2x−y)2dx dy+ Z Z
D2
(2x−y)2dx dy= 8 3.
19)
CalculerI =Z ZD
f(x, y)dx dy
où Dest le triangle de sommets O,A(1,1),B(2,−1) et f(x, y) = (x+ 2y)2.
✻
2 ✲ 1
−1 O
B A
D 1
·
· · ·
· · · ·
· · · ·
· · · ·
· · · ·
· · · · ·
· · · ·
· ·
·
Les droites OA,OB etAB ont pour équations respectives y =x , y=−x
2 et y=−2x+ 3. On sépare Den deux domaines limités par la droite d’équation x= 1.
1) Si x est compris entre0et1.
✻
2 ✲ 1
−1 O
B A
D 1
1
D2 x
(Iy)1(x) =
−x/2
(x+ 2y)2dy= 1
6(x+ 2y)3
y=−x/2
= 9x 2 , d’où
Z Z
D1
(x+ 2y)2dx dy= Z1 0
(Iy)1(x)dx= Z1
0
9x3
2 dx= 9 8.
2) Si x est compris entre 1 et 2.
✻
2 ✲ 1
−1 O
B A
1 D1
D2
x
(Iy)2(x) =
−2x+3
Z
−x/2
(x+ 2y)2dy = 1
6(x+ 2y)3
y=−2x+3 y=−x/2
= 9(2−x)3
2 .
D’où
Z Z
D2
(x+ 2y)2dx dy=
2
Z
1
(Iy)2(x)dx=
2
Z
1
9(2−x)3 2 dx=
−9(2−x)4 8
2 1
= 9 8. Alors
I = Z Z
D1
(x+ 2y)2dx dy+ Z Z
D2
(x+ 2y)2dx dy= 9 4.
20)
CalculerI =Z ZD
f(x, y)dx dy où
D={(x, y)| |x|+|y| ≤1}. et
f(x, y) =ex+y.
✲
✻
−1 1
1
−1 D
x
·
· · ·
· · · · ·
· · · ·
· · · ·
· · · ·
· · · ·
· · · · ·
· · ·
·
Lorsquex est fixé entre −1et1,y varie de|x| −1à 1− |x|. On a donc Iy(x) =
1−|x|
Z
|x|−1
ex+ydy =h
ex+yiy=1−|x| y=|x|−1 =ex
e1−|x|−e|x|−1 .
On a alors
I = Z1
−1
Iy(x)dx = Z1
−1
ex
e1−|x|−e|x|−1 dx
=
0
Z
−1
ex e1+x−e−x−1 dx+
1
Z
0
ex e1−x−ex−1 dx
= Z0
−1
e1+2x−e−1 dx+
Z1 0
e−e2x−1 dx
= 1
2e2x+1−xe−1 0
−1
+
ex−1 2e2x−1
1 0
= e 2−
1 2e +1
e
+
e− e 2
+ 1 2e
= e−1
e = 2 sh 1.
où D
D= [ 0, a] × [ 0, b] (a > b), et
f(x, y) =|x−y|.
✻
✲
b a
b
D1
D2
y
· · · ·
· · · ·
· · · ·
· · · ·
· · · ·
· · · ·
· · · ·
· · · ·
· · · ·
On sépare Den deux domaines limités par la droite d’équation y =x, et on intègre d’abord enx.
Sur D1, on a
f(x, y) =y−x , et lorsque y est compris entre0 etb, on obtient
(Ix)1(y) =
y
Z
0
(y−x)dx=
−(y−x)2 2
x=y x=0
= y2 2 . Puis
Z Z
D1
|x−y|dx dy=
b
Z
0
(Ix)1(y)dy= b3 6 . Sur D2, on a
f(x, y) =x−y , et, lorsquey est compris entre0 etb, on obtient
(Ix)2(y) =
a
Z
y
(x−y)dx=
(x−y)2 2
x=a x=y
= (y−a)2
2 .
Puis
Z Z
D2
|x−y|dx dy= Zb 0
(Ix)2(y)dy =
(y−a)3 6
b 0
= (b−a)3 6 +a3
6 . Alors
I = Z Z
D1
|x−y|dx dy+ Z Z
D2
|x−y|dx dy= (b−a)3 6 +a3
6 +b3 6 = b3
3 +1
2ab(a−b).
où Dest l’ensemble des points du disque de centreD O et de rayon 1, tels que x+y≥1 et f(x, y) = xy
(x2+y2)2.
✻
✲ 1 1
D
x
· ··
··
··
·
··
·
··
··
··
··
··
··
··
·
La partie supérieure du cercle a pour équation y=√
1−x2. Pourx compris entre 0et1, le nombrey est compris entre1−x et√
1−x2. On calcule
Iy(x) =
√1−x2
Z
1−x
xy
(x2+y2)2 dy=
−x 2(x2+y2)
y=√ 1−x2
y=1−x
= x
2(2x2−2x+ 1)−x 2. On a alors
I = Z1 0
Iy(x)dx= Z1
0
x
2(2x2−2x+ 1) −x 2
dx . En faisant apparaître au numérateur la dérivée du dénominateur, on obtient
I =
1
Z
0
1 8
4x−2
2x2−2x+ 1+1 4
1
2x2−2x+ 1−x 2
dx
= 1
8ln(2x2−2x+ 1) + 1
4arctan(2x−1)−x2 4
1 0
= 1
4(arctan 1−arctan(−1))−1 4 = π
8 −1 4.
23)
CalculerI =Z ZD
f(x, y)dx dy
où Dest l’ensemble des points du disque de centreO et de rayon 1 tels quex+√
3y≤1 et f(x, y) =xy .
✻
✲ 1
√3 2
D1
D2
y
· · ·
· · · ·
· · · ·
· · · ·
· · · ·
· · · ·
· · · ·
· · · ·
· · · ·
· · · ·
·
On sépare Den deux domaines limités par l’axe des x. Sur la partie inférieure qui est symétrique par rapport à Oy, on a
f(−x, y) =−f(x, y),
donc Z Z
D2
xy dx dy= 0, et
I = Z Z
D1
xy dx dy .
Cherchons les points d’intersection de la droite et du cercle. Le système x+√
3y = 1 x2+y2= 1 équivaut à
x+√ 3y = 1 (1−√
3y)2+y2 = 1 La seconde équation s’écrit
4y2−2√
3y= 0,
−
x=−p
1−y2. Lorsquey est compris entre0 et√
3/2, on a donc
Ix(y) =
1−√ 3y
Z
−√
1−y2
xy dx=hx2y 2
ix=1−√ 3y x=−√
1−y2 = y 2
(1−√
3y)2−(1−y2)
= 2y3−√ 3y2.
Donc
I =
√3/2
Z
0
Ix(y)dy =
√3/2
Z
0
(2y3−√
3y2)dy =
"
y4 2 −
√3y3 3
#√3/2 0
= 9 32 −3
8 =− 3 32.
24)
CalculerI =Z ZD
f(x, y)dx dy
où Dest l’intersection des disques limités par les cercles d’équations réespectives x2+y2−2Rx= 0 et x2+y2−2Ry= 0,
et
f(x, y) =x2−y2.
✻
✲ R
R
D
· · · ·
· · · · ·
· · · ·· · · ·· · · ·· · · · ·· · · ·· ·
Le domaine Dest symétrique par rapport à la première bissectrice. Sur D, on a f(y, x) =−f(x, y).
Alors nécessairement I = 0.
D
où Dest le triangle de sommets A(1,0), B(0,1),C(0,−1)et f(x, y) =x6y5.
✻
✲ 1 1
−1
D
· · · ·
· · · · ·
· · · ·
· · ·
· ·
·
· · · ·
· · · · ·
· · · ·
· · ·
· ·
·
Le domaine Dest symétrique par rapport à l’axe Ox. Sur D, on a f(x,−y) =−f(x, y). Alors nécessairement I = 0.
26)
CalculerI =Z ZD
f(x, y)dx dy
où Dest l’intersection des disques de centre (0,1) et(1,0) et de rayon 1, et f(x, y) =xy .
✻
✲ 1
1
D1
y
· · ·· · ·· · ·· · ·· · ·· ··
Le domaine Dest symétrique par rapport à la première bissectrice. Sur D, on a f(y, x) =f(x, y).
On a donc
I = Z Z
D
f(x, y)dx dy= 2 Z Z
D1
f(x, y)dx dy
où D1 est la partie du domaine Dsituée sous la première bissectrice.
L’équation du cercle de centre (0,1) est
x2+ (y−1)2= 1
− La partie inférieure du cercle a donc pour équation
x=p
2y−y2. Lorsquey est fixé entre 0 et1, le nombrex varie de y à p
2y−y2 et donc
(Ix)1(y) =
√2y−y2
Z
y
xy dx=
yx2 2
x=√
2y−y2
x=y
=y2−y3.
Puis
I = 2 Z1
0
(Ix)1(y)dy = 2 Z1 0
(y2−y3)dy = 2 y3
3 −y4 4
1 0
= 2 1
3 −1 4
= 1 6.
27)
CalculerI =Z ZD
f(x, y)dx dy où
D={(x, y)|x+y≥1, x2+y2 ≤1}, et
f(x, y) =xy2.
✻
✲ 1 1
D
y
· ··
··
··
·
··
··
··
··
··
··
··
··
··
·
Lorsquey est compris entre0 et1, le nombre x varie de 1−y àp
1−y2. Donc
Ix(y) =
√1−y2
Z
1−y
xy2dx=y2 x2
2 x=√
1−y2
x=1−y
= y2 2
(1−y2)−(1−y)2
=y3−y4.
On a alors
I =
1
Z
0
Ix(y)dy =
1
Z
0
(y3−y4)dy = y4
4 −y5 5
1 0
= 1 4 −1
5 = 1 20.
où D
D={(x, y)|x+y≥0, x2+y2 ≤1}, et
f(x, y) =xy2.
✻
✲
√2/2
−√ 2/2
D1
D2
y
· · · · ·
· · · ·
· · · ·
· · · ·
· · · ·
· · · ·
· · · ·
· · · ·
· · · · ·
· · · ·
· ·
Lz cercle de centre O et de trayon 1 coupe la deuxième bissectrice aux points (√
2/2,−√
2/2) et (−√
2/2,√
2/2). On sépare le domaine en deux parties par le droite d’équation y=
√2 2 .
La partie supérieure D2 est symétrique par rapport à l’axeOy et, sur D2, f(−x, y) =−f(x, y).
Il en résulte que
Z Z
D2
f(x, y)dx dy= 0.
L’intégrale I n’est autre que l’intégrale sur la partie inférieureD1. Pour D1, lorsque y est compris entre−
√2 2 et
√2
2 , le nombrex varie de −y à p
1−y2. Donc
(Ix)1(y) =
√1−y2
Z
−y
xy2dx=y2 x2
2
√1−y2
−y
= y2 2
(1−y2)−y2
= y2 2 −y4.
On a alors
I =I1 =
√2/2
Z
−√ 2/2
(Ix)1(y)dy ,
et, en raison de la parité,
I = 2
√2/2
Z
0
y2 2 −y4
dy = 2 y3
6 −y5 5
√2/2
0
=
√2 30 .
où Dest le domaine lmité par les paraboles d’équationD
y2 = 2px et x2= 2py , et
f(x, y) =x2+y2.
✲
✻
2p 2p
D1
x
· ·· · ·· · ·· · ·· · ·· · ·· · ·· · ·· ·· ·· ·· ··
Le domaine Dest symétrique par rapport à la première bissectrice. Sur D, on a f(y, x) =f(x, y).
On a donc
I = Z Z
D
f(x, y)dx dy= 2 Z Z
D1
f(x, y)dx dy
où D1 est la partie du domaine Dsituée sous la première bissectrice.
Lorsquex est fixé entre 0et 2p, alors y varie de x2
2p à x et donc
(Iy)1(x) = Zx x2/2p
(x2+y2)dy =
x2y+y3 3
y=x y=x2/2p
=x3+x3 3 −x4
2p− x6 24p3 .
Puis
I = 2
2p
Z
0
(Iy)1(x)dx= 2
2p
Z
0
4x3 3 −x4
2p − x6 24p3
dx ,
et finalement
I = 2 x4
3 − x5
10p − x7 168p3
2p 0
= 2
16p4
3 −16p4
5 − 16p4 21
= 96p4 35 .
où D
D={(x, y)| |y| ≤chx ,|x| ≤1}, et
f(x, y) = q
ch2x−y2.
✲
✻
−1 1
D1
· x
··
··
·
··
··
··
·
··
··
··
·
··
··
··
··
··
··
··
··
··
··
··
··
·
Le domaine D est symétrique par rapport aux deux axes et la fonction f est paire en chacune de variables. On a donc
I = Z Z
D
f(x, y)dx dy= 4 Z Z
D1
f(x, y)dx dy
où D1 est la partie du domaine Dsituée dans le quart de plan des coordonnées positives, c’est-à-dire D1={(x, y)|0≤y≤chx ,0≤x≤1}.
Lorsquex est fixé entre 0et 1, le nombrey varie de 0 àchx et donc
(Iy)1(x) =
chx
Z
0
q
ch2x−y2dy .
Pour calculer cette intégrale, cherchons une primitive dep
A2−y2. En intégrant par parties
Z
pA2−y2dy = yp
A2−y2+
Z y2 pA2−y2dy
= yp
A2−y2+
Z y2−A2 pA2−y2dy+
Z A2 pA2−y2dy
= yp
A2−y2+
Z A2
pA2−y2dy− Z
pA2−y2dy . On en déduit
Z
pA2−y2dy = 1 2 yp
A2−y2+
Z A2 pA2−y2 dy
!
= 1 2
yp
A2−y2+A2 arcsin y A
.
Alors
(Iy)1(x) = 1 2
y
q
ch2x−y2+ ch2x arcsin y chx
y=chx y=0
= ch2x
2 arcsin 1 = π
4 ch2x . et finalement
I =π
1
Z
0
ch2x dx=π
1
Z
0
ch 2x+ 1
2 dx= π 2
sh 2x 2 +x
1 0
= π
4 (2 + sh 2).
où D
D={(x, y)|x≥0, y≥0, x3+y3≤1}, et
f(x, y) =x2y2p
1−x3−y3.
✲
✻
1 1
D
x
·
·
·
·
·
·
·
·
·
·
·
·
·
·
·
·
·
·
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·
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·
·
·
·
·
·
·
·
·
·
·
·
·
Lorsquex est fixé entre 0et 1, le nombrey varie de 0 à(1−x3)1/3 et donc
Iy(x) =
(1−x3)1/3
Z
0
x2y2p
1−x3−y3dy =x2
−2
9(1−x3−y3)3/2
y=(1−x3)1/3 y=0
= 2
9x2(1−x3)3/2. Puis
I = Z1 0
Iy(x)dx= 2 9
Z1 0
x2(1−x3)3/2dx=− 4 135
h
(1−x3)5/2i1 0 = 4
135.
32)
CalculerI =Z ZD
f(x, y)dx dy où
D=
(x, y)|x≥0, y ≥0, x2 a2 + y2
b2 ≤1
(a >0, b >0), et
f(x, y) =xy .
✲
✻
a b
D
x
·
·
·
·
·
·
·
·
·
·
·
·
·
·
·
·
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·
·
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·
·
·
·
·
·
·
·
·
·
·
·
·
Lorsquex est fixé entre 0et a, le nombre y varie de0à b(1−x2/a2)1/2 et donc
Iy(x) =
b(1−x2/a2)1/2
Z
0
xy dy =x y2
2
y=b(1−x2/a2)1/2 y=0
= b2 2 x
1−x2
a2
.
Puis I =
a
Z
0
Iy(x)dx= b2 2a2
a
Z
0
(xa2−x3)dx= b2 2a2
a2x2 2 −x4
4 a
0
= b2 2a2
a4 2 −a4
4
= a2b2 8 .
où D
D={(x, y)| |x| ≤1,0≤y≤1−x2}, et
f(x, y) =x2y .
✲
✻
−1 1
D
x
· · · ·
· · · ·
· · · ·
· · · ·
· · · ·
· · · ·
· · · ·
· · ·
Lorsquex est fixé entre −1et1, le nombre y varie de 0à 1−x2 et donc
Iy(x) =
1−x2
Z
0
x2y dy=x2 y2
2
y=1−x2 y=0
= 1
2x2(1−x2)2. Puis
I = Z1
−1
Iy(x)dx= 1 2
Z1
−1
(x6−2x4+x2)dx= 1 2
x7 7 −2x5
5 +x3 3
1
−1
= 1 7 −2
5 +1 3 = 8
105.