Soit f la fonction numérique définie surR, de période 4 telle que :
( ) 0 1
( ) 1 1 3
( ) 4 3 4
f t t si t
f t si t
f t t si t
1° a) Représenter graphiquement la fonction f sur l'intervalle [ 6 ; 6 ].
b) Établir que f est paire.
c) Justifier que f satisfait aux conditions de Dirichlet.
Soit 0
1
( ) ncos nsin
S t a
a n t b n t la série de Fourier associée à f . Déterminer a0 et ; Montrer que, pour n 1 : 2 24cos 1
n 2 a n
n
2° Soit la fonction définie surR par : ( ) 3 42cos 22cos
4 2
t t t
a) Vérifier que est paire et a pour période 4.
b) Résoudre sur [0 ; 2] l'équation '( ) 0t . Calculer à 102près, 3
n pournégal successivement à 0, 1, 2, 3, 4, 5 et 6. Dresser le tableau de variation de pour 0 t 2.
c) Construire dans un même repère orthonormal les courbes d'équations
y f t( ) et y( )t pour 2 t 2 puis pour 4 t 4. (On prendra 2 cm pour unité graphique).
3° a) Calculer 2 2
0 ( )
I
f t dt. En déduire le carré de la valeur efficace de f .b) Calculer le carré de la valeur efficace de (On pourra utiliser la formule de Parseval).
c) Comparer les résultats obtenus en a) et b) . Exercice 2
Une usine fabrique en grande série des pièces susceptibles de présenter un défaut A dans 3% des cas, ou un défaut B dans 7% des cas. L'apparition d'un défaut est indépendante de l'apparition de l'autre.
1° Calculer la probabilité qu'une pièce tirée au hasard : a) présente les deux défauts ;
b) présente au moins l'un des deux défauts ; c) présente un seul défaut ;
d) ne présente aucun défaut.
2° On prélève au hasard 250 pièces dans la production.
Soit X la variable aléatoire qui, à tout prélèvement de 250 pièces, fait correspondre le nombre de pièces présentant le défaut A.
a) Quelle est la loi de probabilité de X ?
b) On admet que la loi de X peut être approchée par une loi de Poisson. En déterminer le paramètre .
Calculer alors la probabilité que, parmi les 250 pièces, il y en ait au plus 3 présentant le défaut A.
3° Soit Y la variable aléatoire qui, à tout prélèvement de 250 pièces, fait correspondre le nombre de pièces présentant le défaut B. On admet que la loi de Y peut être approchée par une loi normale de paramètres m = 17,5 et = 4,03.
a) Justifier les valeurs de m et .
b) Calculer la probabilité qu'il y ait au plus 20 pièces présentant le défaut B.
c) Calculer la probabilité de l'événement : 15 Y 20.
1.
2 3 4
-1 -2
-3
-4 0 1
1
x y
2.la fonction f étant paire , on peut écrire que pour tout entier n : bn 0.
Calcul de a0 puisque f est paire , donc on a : a0 14
04 f t dt( ) 14 01tdt
13dt
34
4t dt
.
D’où
1 2 4
2 3
0 1
0 3
1 4 1 1 1 3
(3 1)
4 2 2 4 2 2 4
t t
a t
Remarque : 4
0 f t dt( )
est aussi l’aire du trapèze OABC . ( le calcul est plus rapide ) Calcul de an.an 2 04 f t( ) cos(n t dt)T
, comme 2T 24 2 , on obtient 1 04 ( ) cos( )2 2
n
a f t nt dt
.La fonction ( )cos( ) 2 t f t nt
est paire , donc on peut écrire :
4 1 3 4
0 0 1 3
1 1
( ) cos( ) cos( ) cos( ) (4 ) cos( )
2 2 2 2 2 2
n
n n n n
a f t t dt t t dt t dt t t dt
.La première intégrale nécessite un intégration par parties, en posant : u t( )t ; u t'( ) 1 et '( ) cos( ) 2 v t n t
et ( ) 2 sin( )
2
v t n t
n
. Il vient
1 1 1
0 0
0
1
0
2
1 1 2 2
cos( ) sin sin
2 2 2 2 2
1 2 3 2 2
sin cos
2 2 2
1 2 3 4
sin cos 1
2 2 2
1 sin 2
n n n
t t dt t t t dt
n n
n n
n n n t
n n
n n
n n
22 cos 1
2 n n
.
3 3
1 1
1 1 2 1 3
1 cos( ) sin( ) sin( ) sin( )
2 2 2 2 2 2
n n n n
t dt t
n n
La troisième intégrale nécessite un intégration par parties, en posant : u t( ) 4 t ; u t'( ) 1 ; '( ) cos( )
2 v t nt
et ( ) 2 sin( ) 2
v t n t
n
.il vient :
4
3
2
1 2 3 2 2
sin cos
2 2 2
1 2 3 4 3
sin cos 2 cos
2 2 2
n n
n n n t
n n
n n n
21 2 3 4 3
sin 1 cos
2 2 2
n n
n n
4 3 2
2
1 1 3 2 3
(4 )cos( ) sin 1 cos
2 2 2 2
1 3 2 3
sin 1 cos
2 2
n n n
t t dt
n n
n n
n n
et enfin
2
2
2 2
1 2 1 3
sin cos 1 sin( ) sin( )
2 2 2 2
1 3 2 3
sin 1 cos
2 2
2 3 2 3
cos 1 cos 1 cos cos 2
2 2 2 2
n
n
n n n n
a n n n
n n
n n
n n n n
a n n
2 2 2
2 2 4
2cos cos 2 2 2 cos 2 cos 1
2 2 2
n
n n n
a n
n n n
La fonction f étant continue , on peut écrire : 2 2 1
3 4 1
( ) cos 1 cos
4 n 2 2
n n
f t t
n
.1 2 2
4 4
cos 1
a 2
; 2 2
2
24 1 2
cos 1 1 1
a 4
;
3 2 2 2
4 3 4 4
cos 1 0 1
9 2 9 9
a
et 4 2
1 cos 2 1 0
a 4
.
2.
a. - Rest symétrique par rapport à 0 et pour tout t réel :
2 2 2 2
3 4 2 3 4 2
( ) cos cos cos cos ( )
4 2 4 2
t t t t t t
. donc est paire On vérifie que est 4périodique : Pour tout t réel on a
2 2 2 2
2 2
3 4 2 3 4 2
( 4) cos ( 4) cos ( 4) cos 2 cos 4 ( )
4 2 4 2
3 4 2
cos cos ( )
4 2
t t t t t t
t t t
b. '( ) 42 sin 22 sin
2sin 2sin
2 sin( ) sin2 2 2 2
t t t t t t t
2 3
'( ) 2sin( ) cos
4 4
t t t
.Donc '( ) 4sin 3 cos
4 4
t t t
; ( sin sin 2sin cos
2 2
p q p q
p q
'( ) 0t
équivaut à sin 3 0 4 t
ou cos 0
4t
donc
3 3 4 2
0 2 2
4 4 3 3
t k ou t k donc t k
Ou 2 2 2
4 2 4 2 2
t k ou t k donc t k
où kZ.
0 4 t 3
; 4
04t 3 4 3 et 3 3 4
0 4 t 4 3 donc sin 3 0
4 t
et cos 0
4t
sur [0; 4 / 3]. 4 2
3 t ; 2
3 4t 4 2
et 3 4 3 3 2 3
4 3 4t 4 2
donc sin 3 0 4t
et cos 0
4t
sur [ ;2]2
3 . D’où le tableau de variation sur l’intervalle [0;2]
3 32 1,0539 M 4
; 3 62 0,142
A 4
et 3 22 0,9526 B 4
.
c.
2 2
3 4 2
( ) cos cos
4 2
t t t
;
0 3 42cos 0
22 cos 0
3 42 22 3 62 0,144 4 4
2 2 2 2 2
1 3 4 2 3 4 3 1 3 1
cos cos 2 3 1 0,50
3 4 6 3 4 2 4
2 2 2 2 2
2 3 4 2 2 3 2 1 3 1
cos cos 0,65
3 4 3 3 4 4
1 3 42cos 22cos
3 22 0,95264 2 4
;
2 2 2 2 2
4 3 4 2 2 4 3 2 1 3 3
cos cos 1,0539
3 4 3 3 4 4
.
2 2 2 2 2
5 3 4 5 2 5 3 2 1 3 1
cos cos 3 2 3 1 1, 20
3 4 6 3 4 4
2 3 42 cos
22 cos 2
3 42 22 3 224 4 4
4- valeur efficace .
3 1
2 1 2
2 2 2
0 0 1
0
1 1 1 1 1 1 1 2
2 ( ) 2 2 2 3 2 6 2 3
e
f f t dt t dt dt t
. ; fe 36 0,816.En appliquant la formule de Parseval avec les trois premiers harmoniques on trouve :
2
4 4 4
9 1 16 4 9 20
0,66515
16 2 16
, 0,816.on obtient la même valeur approchée
à 103près.
t 0 4
3 2 '( )t
0 + 0
( )t
M
A B
► La pièce présente les 2 défauts :
Les 2 défauts sont indépendants l’un de l’autre. Donc : p A
B
p A
p B
0,03 0,07 0,0021 ► La pièce ne présente aucun des 2 défauts.
On a, pour la même raison :p A
B
p A p B
1 p A
1 p B
0,97 0,93 0,9021 ► La pièce présente au moins un des deux défauts.1p A
B
1 0,9408 0,0592► La pièce présente un et un seul des deux défauts.p A
B
p AB
0,97 0,07 0,03 0,93 0,0979 En résumé on a la répartition suivante :A A Total
B 0,0021 0,0679 0,07
B 0,0279 0,9021 0,93
Total 0,03 0,97 1
2.a. Quelle est la loi suivie par X ?
Les 250 tirages sont assimilés à des tirages avec remise. Il sont donc indépendants.
À chaque tirage, il y a 2 issues possibles :
La pièce présente le défaut a avec une probabilité de 0,03 ("succès") La pièce ne présente pas le défaut a avec la probabilité 0,97 ("échec") Ce sont donc 250 épreuves de Bernoulli qui sont répétées.
Donc X suit la loi binomiale de paramètres n=250 et p=0,03 :B
250;0,03
.b. On approche la loi suivie par X par une loi de Poisson de paramètre n p 250 0,03 7,5 . Le choix du paramètre 7,5 se justifie par le fait que :.
D’après la table de la loi de Poisson de paramètre 7,5:
p X
3
p X
0
p X
1
p X
2
p X
3
avec
! e k
p X k
k
On obtient :
0
7,5 (7,5)0 7,5 5,5 10 40!
p X e e
;
1
7,5 (7,5)1 7,5 7,5 0,004151!
p X e e
2
7,5 (7,5)2 7,5
7,5 2 0,015552!
p X e e et
3
7,5 (7,5)3 7,5 7,5 0,03888 3!p X e e Donc p X
3
0,00055 0,00415 0,01555 0,03888 0,059 0,06 3.a. Quelle est la loi suivie par Z ?
Pour les mêmes raisons qu’en 2a), Z suit la loi binomiale de paramètres n=250 et p=0,07 : B
250;0,07
. On approche la loi suivie par Z par le loi N(17,5;4,03).Nous savons qu’une loi binomiale B peut être approchée, sous certaines conditions, par la loi normale de paramètres m=n×p et n p (1 p).
Or :m n p 250 0,07 17,5 , et n p (1 p) 250 0, 07 0,93 4, 03 . ce qui justifie ces paramètres. La loi suivie par la variable T est N(17,5;4,03).
Posons 17,5 4,03
T Z . On se ramène ainsi à la loi normale centrée réduite.
On a :
17,5 20 17,5 2,5
20 0,62 0,7642
4,03 4,03 4,03
p Z pZ p T p T
15 17,5 17,5 20 17,5 2,5 2,5
15 20 0,62 0,62 2 (0,62) 1
4,03 4,03 4,03 4,03 4,03
p Z p Z p T p T
.
Soit p