M1G – G´ eom´ etrie
Corrig´ e du contrˆ ole final du mercredi 8 janvier 2020
Les documents sont autoris´ es mais les calculettes et les portables sont interdits. Il sera tenu compte de la qualit´ e de la r´ edaction pour l’attri- bution d’une note.
L’examen est compos´ e d’un seul probl` eme ayant trois parties relativement ind´ ependantes
Premi` ere partie : inversions dans le plan.– On identifie R
2et C et on consid` ere l’inversion de centre l’origine O et de rapport c > 0 :
inv : C
∗−→ C
∗z 7−→ c
z
1) i) Montrer que inv ◦ inv = id et en d´ eduire que inv est bijective.
ii) Montrer que l’ensemble des points fixes de inv est un cercle dont on d´ eterminera le centre et le rayon.
iii) Montrer que l’image par inv du cercle C(O, r) de centre O et de rayon r est incluse dans le cercle C(O,
rc).
iv) Montrer que inv(C(O, r)) = C(O,
cr).
R´ep.– i) Un calcul direct montre que inv◦inv = id. Ainsi inv est inversible, d’inverse elle-mˆeme. C’est une involution.
ii) On a
inv(z) =z ⇐⇒ k=zz ⇐⇒ |z|2=c
Ainsi l’ensemble des points fixe deinvest un cercle de centre l’origineOet de rayon
√c.
iii) Notons quez= inv(z)k . On a donc
z∈C(O, r) ⇐⇒ |z|=r ⇐⇒ |z|=r ⇐⇒
k inv(z)
=r ⇐⇒ |inv(z)|= c r d’o`uz∈C(O, r) ⇐⇒ inv(z)∈C(O,rc) et doncinv(C(O, r))⊂C(O,cr).
iv) L’inclusion d´emontr´ee `a la question pr´ec´edente est vraie pour tout rayonr. En choisissant un rayon ´egal `a cr, on d´eduit
inv(C(O,c r))⊂C
O, c
(cr)
=C(O, r).
En composant parinv on obtient inv◦inv(C(O,c
r))⊂inv(C(O, r)) 1
i.e.C(O,cr)⊂inv(C(O, r)) puisqueinv◦inv=id.
2) Soient z
0∈ C et r > 0 un r´ eel diff´ erent de |z
0|. On consid` ere le cercle C(z
0, r) d’´ equation
(z − z
0)(z − z
0) = r
2.
Montrer que l’image par inv de C(z
0, r) est un cercle C(z
∗, r
∗) de centre z
∗=
|zcz00|2−r2
et de rayon r
∗=
||z cr0|2−r2|
. Suggestion : Poser z =
wco` u w = inv(z).
R´ep.– On a
z∈C(z0, r) ⇐⇒ (z−z0)(z−z0) =r2
⇐⇒ (c
w −z0)(c
w−z0) =r2
⇐⇒ c2 ww−c
z0 w +z0
w
=r2− |z0|2
⇐⇒ c2−c(z0w+z0w) = (r2− |z0|2)ww
⇐⇒ c2
r2− |z0|2 =ww+ c
r2− |z0|2(z0w+z0w)
⇐⇒ c2 r2− |z0|2 =
w+ cz0
r2− |z0|2 w+ cz0
r2− |z0|2
− c2|z0|2 (r2− |z0|2)2
⇐⇒ c2
r2− |z0|2+ c2|z0|2 (r2− |z0|2)2 =
w+ cz0
r2− |z0|2 w+ cz0
r2− |z0|2
⇐⇒ c2r2 (r2− |z0|2)2 =
w− cz0
|z0|2−r2 w− cz0
|z0|2−r2
⇐⇒ w∈C(z∗, r∗)
3) Soient α > 0 et γ : R → C la courbe param´ etr´ ee donn´ ee par γ(t) = √
c e
(α+i)t.
i) Reconnaˆıtre γ et dessiner son support.
ii) Montrer que le support de γ et le support de inv ◦γ sont sym´ etriques par rapport ` a l’axe des abscisses.
R´ep.– i) La courbe γest une spirale logarithmique.
ii) On a
inv(γ(t)) = c
√ce(α+i)t
=
√c eαte−it =√
c e−αteit
NotonsS la r´eflexion par rapport `a l’axe des abscisses, i. e.S(z) =z. On a alors S(inv◦γ(t)) =√
ce−(α+i)t=γ(−t).
Ceci montre que le support deγet celui deinv◦γ sont sym´etriques par rapport `a l’axe des abscisses.
Seconde partie : inversion dans l’espace.– Dans l’espace, on note Inv l’inversion de centre l’origine O et de rapport c > 0 :
Inv : R
3\ {O} −→ R
3\ {O}
x
1x
2x
3
7−→ c x
21+ x
22+ x
23
x
1x
2x
3
Soit P = {x
3= 1} le plan horizontal d’altitude 1 et (u, v) 7→ (u, v, 1) une param´ etrisation de P . On consid` ere la surface param´ etr´ ee
g : R
2−→ R
3u v
7−→ Inv
u v 1
4) i) Montrer que la matrice de la premi` ere forme fondamentale de g dans la base (
∂u∂g,
∂v∂g) est de la forme λ
2(u, v)Id o` u λ : R
2→ R
∗+est une fonction que l’on d´ eterminera.
ii) En d´ eduire que g est r´ eguli` ere.
iii) Soit p = (u, v) ∈ R
2. Montrer que si W
1et W
2sont deux vecteurs de R
2alors
dg
p(W
1), dg
p(W
2) kdg
p(W
1)kkdg
p(W
2)k =
W
1, W
2kW
1kkW
2k .
R´ep.– i) On a
g(u, v) =
cu
1 +u2+v2, cv
1 +u2+v2, c 1 +u2+v2
d’o`u
gu=
c 1−u2+v2
(1 +u2+v2)2, c −2uv
(1 +u2+v2)2, c −2u (1 +u2+v2)2
gv=
c −2uv
(1 +u2+v2)2, c 1 +u2−v2
(1 +u2+v2)2, c −2v (1 +u2+v2)2
et
E=kguk2= c2(1 +u2+v2)2
(1 +u2+v2)4 = c2 (1 +u2+v2)2, F = 0, et G=kgvk2= c2
(1 +u2+v2)2. D’o`uIg=λ2(u, v)Idavecλ(u, v) =1+uc2+v2.
ii) On aEG−F2=λ4 et la fonctionλne s’annule jamais. Ainsig est r´eguli`ere.
iii) Par d´efinition de la premi`ere forme fondamentaleIg deg on a Ig(W1, W2) =
dgp(W1), dgp(W2) En particulier
kdgp(W1)k= q
Ig(W1, W1) et kdgp(W1)k= q
Ig(W1, W1).
Or d’apr`es le calcul effectu´e en i) on a
Ig(W1, W2) =λ(p)2
W1, W2 d’o`u
dgp(W1), dgp(W2)
kdgp(W1)kkdgp(W2)k = λ(p)2 W1, W2
λ(p)kW1kλ(p)kW2k =
W1, W2
kW1kkW2k.
5) i) On note Ω le point de coordonn´ ees (0, 0,
2c). Montrer que pour tout (u, v) on a
k −−−−−→
Ωg(u, v)k = c 2 .
ii) Que peut-on dire du support g( R
2) ? En d´ eduire la courbure de Gauss K et la courbure moyenne H de g.
R´ep.– i) On a k−−−−−→
Ωg(u, v)k2 =
cu 1 +u2+v2
2 +
cv 1 +u2+v2
2 +
c−c2(1 +u2+v2) 1 +u2+v2
2
= c2u2+c2v2+c2+c42(1 +u2+v2)2−c2(1 +u2+v2) (1 +u2+v2)2
= c2 4
ii) Ainsi l’image g(P) est incluse dans une sph`ere de centre Ω et de rayon 2c. La courbure de Gauss de g est donc constante ´egale `a c42 et la courbure moyenneH constante ´egale `a 2c.
6) Soit γ : R → R
2la courbe de la question 3) t 7−→ ( √
ce
αtcos t, √
ce
αtsin t)
Pour tout u ∈ [0, 2π[, on consid` ere la courbe σ
u: R
+−→ R
2donn´ ee par
t 7→ (t cos u, t sin u).
i) On note R
ule support de σ
u. Quelle est la nature de R
u? ii) Soit
T = {(t
1, t
2, u) ∈ R × R
+× [0, 2π[ | ∃k ∈ Z , t
1= u + 2kπ, t
2= √ ce
αt1}.
Montrer que γ(t
1) = σ
u(t
2) ⇐⇒ (t
1, t
2, u) ∈ T . iii) Montrer que
γ0(t1)kγ0(t1)k
, σ
u0(t
2)
ne d´ epend pas du triplet (t
1, t
2, u) ∈ T . iv) Que vaut le cosinus de l’angle entre (g ◦ γ)
0(t
1) et (g ◦ σ
u)
0(t
2) pour (t
1, t
2, u) ∈ T . Justifier.
R´ep.– i)Ruest un rayon issu de O= (0,0) et de direction (cosu,sinu).
ii) On a
γ(t1) =√
ceαt1(cost1,sint1) et σu(t2) =t2(cosu,sinu).
D’o`uγ(t1) =σu(t2) ⇐⇒ (t1, t2, u)∈ T. iii) On a
γ0(t) =√
ceαt(αcost−sint, αsint+ cost) d’o`u
γ0(t)
kγ0(t)k = 1
√1 +α2(αcost−sint, αsint+ cost) Puis
σ0u(t) = (cosu,sinu) et
h γ0(t1)
kγ0(t1)k, σu0(t2)i = 1
√1 +α2(α(cost1cosu+ sint1sinu)−sint1cosu+ sinucost1)
= 1
√1 +α2(α(cos(t1−u) + sin(u−t1))
= α
√1 +α2 cart1=u+ 2kπ.
iv) Le cosinus de l’angle entre (g◦γ)0(t1) et (g◦σu)0(t2) est donn´e par (g◦γ)0(t1)
k(g◦γ)0(t1)k, (g◦σu)0(t2) k(g◦σu)0(t2)k
.
Or
(g◦γ)0(t1)
k(g◦γ)0(t1)k, (g◦σu)0(t2) k(g◦σu)0(t2)k
= dg(γ0(t1))
kdg(γ0(t1))k, dg(σu0(t2)) kdg(σu0(t2))k
= γ0(t1)
kγ0(t1)k, σ0u(t2) kσ0u(t2)k
d’apr`es la question 4 iii). Puisquekσ0u(t2)k= 1, on obtient (g◦γ)0(t1)
k(g◦γ)0(t1)k, (g◦σu)0(t2) k(g◦σu)0(t2)k
= γ0(t1)
kγ0(t1)k, σ0u(t2)
= α
√ 1 +α2.
Troisi` eme partie : ´ energie de Willmore.– Soient 0 < b < a.
On consid` ere la param´ etrisation
f : [0, 2π] × [0, 2π] −→ R
3(u, v) 7−→ ((a + b cos u) cos v, (a + b cos u) sin v, b sin u) et on note T (a, b) son support.
7) i) Soit R
θla rotation d’angle θ par rapport ` a l’axe (Oz). Montrer que le support T (a, b) est stable par R
θi. e. R
θ(T (a, b)) ⊂ T (a, b).
ii) Faire un dessin du support T (a, b).
R´ep.– Soit
Rθ=
cosθ −sinθ 0 sinθ cosθ 0
0 0 1
On v´erifie par un calcul direct que
Rθ(f(u, v)) =f(u, v+θ) ainsiS est stable parRθ
8) On note (e
1, e
2, e
3) la base canonique de R
3. Pour tout θ ∈ [0, π[, on note e
θle vecteur e
θ= cos θ e
1+ sin θ e
2. On consid` ere le plan Π
θpassant par l’origine et engendr´ e par (e
θ, e
3).
i) Montrer que (Oz) ∩ T (a, b) = ∅.
ii) Montrer que T (a, b) ∩ Π
θest l’union de deux cercles sym´ etriques par rapport ` a la droite (Oz).
R´ep.– i) Notonsf = (f1, f2, f3) les coordonn´ees def. On a
f(u, v)∈(Oz) ⇐⇒ f1(u, v) =f2(u, v) = 0 ⇐⇒ f12+f22= 0 ⇐⇒ (a+bcosu)2= 0 Cette derni`ere ´equation n’a pas de solution cara > b >0.
ii) L’´ecriture
f(u, θ) = (a+bcosu)eθ+bsinu e3⊂Πθ et
f(u, θ+π) =−(a+bcosu)eθ+bsinu e3⊂Πθ
montre que les supports des courbes
u7−→f(u, θ) et u7−→f(u, θ+π)
sont dans Πθ∩T(a, b). D’apr`es l’expression analytique de ces deux courbes, ces sup- ports sont deux cercles sym´etriques par rapport `a la droite (Oz). Tout autre point f(u, v) se trouve dans un plan Πvo`uv6=θetv6=θ+π,et comme Πv∩Πθ= (Oz) l’intersection Πθ∩T(a, b) ne contient pasf(u, v).
9) i) Montrer que l’´ el´ ement d’aire de f vaut dS = b(a + b cos u)dudv.
ii) En d´ eduire que f est r´ eguli` ere.
iii) D´ eterminer l’aire de f .
R´ep.– i) Un calcul direct montre que
E=b2, F = 0, G= (a+bcosu)2 d’o`u
dS=p
EG−F2dudv=|b(a+bcosu)|dudv.
Puisquea > b >0 le signe deb(a+bcosu) est positif et dS=b(a+bcosu)dudv.
ii) D’apr`es le cours, on sait que
kfu∧fvk=p
EG−F2
doncf est r´eguli`ere en (u, v) si et seulement sip
(EG−F2)(u, v)>0, ce qui est le cas ici carp
(EG−F2) =b(a+bcosu) eta > b >0.
iii) On a
Aire(f) = Z
[0,2π]×[0,2π]
b(a+bcosu)dudv= 4abπ2.
10) i) Sachant que la matrice dans la base (f
u, f
v) de l’op´ erateur de Weingarten de f est donn´ ee par
A =
1
b 0
0 cos u a + b cos u
montrer que
H
2dS =
cos u + a
24b(a + b cos u)
dudv o` u H est la courbure moyenne de f.
ii) En d´ eduire que Z
T(a,b)
H
2dS = π
2a
2b √
a
2− b
2.
Cette int´ egrale s’appelle l’´ energie de Willmore de T (a, b). On admettra pour le calcul que l’on a pour tout µ > 1 :
Z
π 01
µ + cos u du = π p µ
2− 1 . iii) Montrer que pour tout λ > 1, on a
λ
2√ λ
2− 1 ≥ 2 et en d´ eduire que
Z
T(a,b)
H
2dS ≥ 2π
2avec ´ egalit´ e si et seulement si a/b = √
2.
R´ep.– i) On a H =1
2tr A=1 2
1
b + cosu a+bcosu
= a+ 2bcosu 2b(a+bcosu)
d’o`u
H2dS = (a+ 2bcosu)2
4b2(a+bcosu)2b(a+bcosu)dudv
= (a+ 2bcosu)2 4b(a+bcosu)dudv
= ((2a+ 2bcosu)−a)2 4b(a+bcosu) dudv
= 4(a+bcosu)2−4a(a+bcosu) +a2 4b(a+bcosu) dudv
= 1
b(a+bcosu)−a
b + a2
4b(a+bcosu)
dudv
=
cosu+ a2 4b(a+bcosu)
dudv
ii) On a Z
T(a,b)
H2dS = Z
[0,2π]×[0,2π]
cosu+ a2 4b(a+bcosu)
dudv
= 2π Z 2π
0
cosu+ a2 4b(a+bcosu)
du
= 2π Z 2π
0
a2
4b(a+bcosu)du
= 4π Z π
0
a2
4b(a+bcosu)du
= πa2 b2
Z π 0
1
a
b + cosudu
= π2a2 b2
qa2 b2 −1
= π2a2 b√
a2−b2 iii) On a
λ2
√
λ2−1 ≥2 ⇐⇒ λ4
λ2−1 ≥4 ⇐⇒ λ4≥4λ2−4 ⇐⇒ (λ2−2)2≥0.
D’o`u l’in´egalit´e demand´ee. Notons que l’´egalit´e a lieu si et seulement siλ=√ 2.En posantλ=a/bon constate que
Z
T(a,b)
H2dS=π2 λ2
√λ2−1 ≥2π2 avec ´egalit´e si et seulement sia/b=√
2.
11) On consid` ere la surface param´ etr´ ee Inv ◦ f.
i) Montrer, en utilisant la question 2, que le support de Inv ◦ f est un
tore T (a
∗, b
∗) et d´ eterminer a
∗et b
∗.
ii) Montrer que Z
T(a∗,b∗)
H
2dS = Z
T(a,b)
H
2dS.
R´ep.– i) On d´eduit imm´ediatement des questions 2) et 8) que le support de Inv◦f est un toreT(a∗, b∗) avec
a∗= ca
a2−b2 et b∗= cb a2−b2. ii) D’apr`es 10 ii) on a
Z
T(a∗,b∗)
H2dS= π2(a∗)2 b∗p
(a∗)2−(b∗)2 En rempla¸cant par les valeurs trouv´ees pr´ec´edemment on trouve
π2(a∗)2 b∗p
(a∗)2−(b∗)2 = π2a2 b√
a2−b2 d’o`u l’´egalit´e demand´ee.