Vincent Nolot Flocon de von Koch Dijon Leçons : 27-33-34-35-36-37-38-39-40-54-55-56
Enoncé : Le ocon de von Koch se construit de manière récurrente. Partant d'un triangle équilatéral F1 de côté 1, on divise chaque côté en trois et à partir de chaque segment du milieu (de longueur 1/3) on construit un triangle équilatéral de côté1/3 en prenant le soin d'ôter le segment sur lequel on s'est basé (de manière à ce que la gure reste connexe). On répète cela à chaque étape.
Le ocon de von Koch est le ocon obtenu à la limite de ces opérations. Le but est de calculer son périmètre ainsi que son aire.
Fixons quelques notations : cn, ln, pn, an sont respectivement le nombre de côtés, la longueur d'un côté, le périmètre, l'aire du oconFn.
Calcul du périmètre :
A l'étape1, le oconF1est le triangle équilatéral de côté1donc on ac1= 3, l1= 1etp1= 3. Par dénition du périmètre, on a pour tout n≥1, pn =cnln. Pour l'exprimer en fonction den, on va donc étudier (cn)n et (ln)n.
∗ Quelle que soit l'étape n, un côté donne4 côtés à l'étapen+ 1. Ainsi(cn)n est une suite géométrique de raison4 etcn= 4n−1c1= 3×4n−1.
∗Quelle que soit l'étapen, un côté voit sa longueur se diviser par3à l'étapen+ 1. Ainsi(ln)nest une suite géométrique de raison 13 etln= 3n−11 l1= 3n−11 .
Finalement on en déduit que pour toutn≥1, pn=3×4n−1
3n−1 = 3 4
3 n−1
.
Ainsi (pn)n est suite géométrique de raison 43 > 1 et cela implique que le périmètre tend vers l'inni quand n→+∞. Le ocon de von Koch a donc un périmètre inni.
Calcul de l'aire :
Rappelons déjà l'aire d'un triangle est le produit de la base par la hauteur. Et comme dans un triangle équilatéral de côtél, la hauteur vaut (théorème de Pythagore)q
l2−2l22 =
√3
2 l, l'aire est alors égal à :
√3 2 l×l
2 =
√ 3l2 4 .
Remarquons que l'aire deFn croît au fur et à mesure que ngrandit. A l'étapenchaque triangle nouvellement apparu du oconFn a une aire égale à √
3l2n 4 .
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Pour obtenir l'aire supplémentaire deFn (n≥2) par rapport à l'aire de Fn−1, il sut de comprendre qu'il y a cn−1 triangles qui sont apparus entre l'étape n−1 et l'étape n. Ainsi l'aire supplémentaire deFn par rapport à celle deFn−1 vaut
cn−1
√ 3l2n
4 = 3×4n−2
√ 3 4
1 9n−1 =
√ 3 12
4 9
n−2
.
Maintenant pour obtenir l'aire totale deFn il faut sommer toutes ces aires allant dek= 2àk=n: a1+
n
X
k=2
√ 3 12
4 9
n−2
=
√ 3 4 +
√ 3 12
1− 49n
1−49
=
√3 4 +3√
3 20
1−
4 9
n
Il reste à calculer la limite quand n→+∞. Puisque 49 <1, on en déduit que l'aire du ocon de von Koch
vaut √
3 4 +3√
3 20 = 2√
3 5 .
Remarque : le ocon de von Koch est un exemple de fractal abordable en lycée avec un périmètre inni mais une aire nie !
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