Classe de terminale S Année scolaire 2007-2008
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Exercice de révision : suites numériques
On considère les suites (un) et (vn) définies sur IN par u0 =3 et les relations : 1 2
n n
n
u v
u+ = + et 7
n n
v =u 1. Calculer vo, u1, v1, u2, v2, u3 et v3.
Donner l'approximation de u3 et v3 lue à l'affichage de la calculatrice.
2. Justifier par récurrence que pour tout n de IN, un >0 et vn >0.
3. a. Démontrer que quel que soit n de IN,
(
un+vn)
2−28=(
un−vn)
2b. En déduire que quel que soit n de IN : 1 1
( )
21
1
n n 4 n n
n
u v u v
+ + u
+
− = −
c. Conclure que quel que soit n on a un – vn ≥ 0.
4. En s'aidant de la question 3.c., prouver que la suite (un) est décroissante et que la suite (vn) est croissante.
5. a. Démontrer que quel que soit n de IN*, 21
n 8 u ≥
b. Utiliser le résultat précédent pour démontrer que 1 1
( )
21
n n 10 n n
u+ −v+ ≤ u −v c. En déduire, à l'aide d'un raisonnement par récurrence que
2 1
1 10n
n n
u − ≤v −
d. Déterminer la limite de un – vn à l'infini.
6. Conclure que les suites (un) et (vn) sont adjacentes et déterminer leur limite commune.
7. Justifier que u3 est une approximation de 7 à 10-7 près.
Correction 1. 0
0
7 7
v 3
=u = ;
0 0
1
3 7
16 8 3
2 2 6 3
u v
u
+ +
= = = = ; 1
1
7 7 21
8 8
3
v =u = = ;
1 1
2
8 21
64 63 127
3 8
2 2 48 48
u v
u
+ + +
= = = = ; 2
2
7 7 336
127 127 48
v =u = =
2 2
3
127 336
32257
48 127 2, 64575
2 2 12192
u v
u
+ +
= = = ≈ ; 3
3
7 7 85344
2, 64575 32257 32257
12192
v =u = = ≈
Il semble que les suites tendent vers 7 ≈2, 64575 2. Pn : « un > 0 et vn > 0 ».
P0 : u0 = 3 > 0 et v0 = 7/3 > 0 Po est vérifiée.
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Supposons Pn vraie.
1 0
2
n n
n
u v
u+ = + > puisque un et vn sont positifs.
et bien sûr il en résulte que 1
1
7 0
n n
v+ =u + >
On a bien, quel que soit n de IN, un >0 et vn >0.
3.a.
( )
2 28( )
2( ) (
2)
2 28 ( )( ) 282 2 28 7 7
n n n n n n n n n n n n n n n n
n n n n n
n
u v u v u v u v u v u v u v u v
u v u v v
u
+ − = − ⇔ + − − = ⇔ + + − + − + =
⇔ × = ⇔ = ⇔ =
3.b.
( )
2( ( )2 ) ( )2 (
12 )
1 1 1
(
12)
1 1 11 1 1 1 1
1 1 1 1 7
28 7 7
4 4 4
n n
n n n n n n n n
n n n n n
u v
u v u v u u u v
u + u + u + u+ + + u+ + +
+
− = + − = − = − = − = −
3.c. De l'égalité précédente, on conclut que un+1 – vn+1 est strictement positif quel que soit n., c'est-à-dire en remplaçant n+1 par n, on a un – vn positif pour n ≥ 1. Il faut vérifier que l'inégalité est aussi vraie pour n = 0.
0 0
7 2
3 0
3 3
u − = − = >v
Conclusion : Quel que soit n de IN, on a un – vn > 0 ou encore un > vn.
4. 1 2
2 2 2 0
n n n n n n n
n n n
u v u v u v u
u+ − =u + − =u + − = − < car vn – un < 0
1 1
1 1
7( )
7 7
n n 0
n n
n n n n
u u
v v
u u u u
+ +
+ +
− = − = − > car un+1 – un < 0 et un >0 quel que soit n.
Conclusion, la suite (un) est décroissante et que la suite (vn) est croissante.
5.a. On sait que un > vn or la suite vn est croissante, donc vn > v1, on a donc : 1 21
n n 8 u > > =v v 5.b. Par équivalence :
( )
2( )
2( )
21 1 1 1
1 1
1 1 1 1 1 5
4 10
10 4 10 4 10 2
n n n n n n n n n n
n n
u v u v u v u v u u
u u
+ + + +
+ +
− ≤ − ⇔ − ≤ − ⇔ ≤ ⇔ ≥ ⇔ ≥
On sait que 21 5
8 2
un > > d'où le résultat.
5.c. Pn :
2 1
1 10n
n n
u − ≤v −
Vérifions P0 :
0 0 20 1
2 1
3 10 1 u − = <v − =
Considérons Pn vraie, démontrons Pn+1 :
On sait que
( )
( )
12 2
1 1 2 1 2 1 2 (2 1) 2 2 2 2 2 1
1 1 1 1 1 1 1 1 1
10 10 10 10 10 10 10 10 10 10 10
n n n n
n n n n n
u+ v+ u v − − × × − +−
−
− ≤ − ≤ = × = × = =
× ×
5.d. On a :
2 1
0 1
10n
n n
u v −
≤ − ≤ et on sait que
2 1
lim 1 0
10
nn→+∞ −
=
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donc,
d'après le théorème des gendarmes, lim ( n n) 0
n u v
→+∞ − =
6. Les suites (un) et (vn) sont adjacentes elles sont donc convergentes vers la même limite L.
Celle-ci vérifie la relation 7 7
lim 0 7
n lim
n n
n
v L et L L
u L
→+∞
→+∞
= ⇔ = > ⇔ =
3
7
3 3 2 1 8 1