DÉVELOPPEMENTS POUR L’AGRÉGATION EXTERNE
Méthode des petits pas
Leçons : 224
[Rom], partie 8.5.4 Théorème
Soit f :]−1, 1[→ Rune fonction continue, et admettant un développement limité en 0 de la forme : f(x) =x−αxp+1+βx2p+1+o x2p+1
, avecα>0,β∈R∗et p>0.
Sous de bonnes conditions initiales, la suite définie parxn+1 = f(xn)vérifie :
xn= 1
√p
pnα− γ
p2α2√p pα
lnn n√p
n+o
lnn
n√p n
, quandγ:= (1+p)α2
2 −β6=0.
Démonstration :
Étape 1 : On peut écriref(x) =xg(x)etx−f(x) =αxp+1h(x), avecg(x)eth(x)qui tendent vers 1 quand xtend vers 0.
Ainsi,∃η>0,∀x∈[−η,η],g(x)>0 eth(x)>0.
En particulier,∀x∈]0,η], 0< f(x)<x6η.
]0,η]est stable par f donc six0∈]0,η],(xn)est bien définie et à valeurs dans]0,η]. Étape 2 : De plus,∀n∈N, 0<xn+1<xn, donc(xn)est décroissante et minorée par 0.
Donc elle converge vers un point fixelde f, car f est continue, avecl∈[0,η]. De l’inégalitéf(x)<xvalable sur]0,η], on déduitl=0.
Étape 3 : Soitλ∈R; on noteyn=xλn+1−xλn. Dès lors : yn=xλn
1−αxnp+βx2pn +o x2pn
λ
−1
=xλn
−λαxnp+λβx2pn +λ(λ−1) 2
αxnp
2
+o x2pn
=−λαxλ+pn +
λβ+λ(λ−1 2 α2
x2pn +o x2pn
Cette relation ne nous intéresse vraiment que pourλ=−p: yn= pα+
−pβ+−p(−p−1)
2 α2
xnp+o xnp
=pα+p p+1
2 α2−β
| {z }
=γ
xnp+o xnp
−→
n→∞pα
(Remarquons qu’on a ici utilisé le fait quexn −→
n→∞0 etp>0.)
Par téléscopage, et par le lemme de Cesàro (qui sera démontré par la suite) : 1
n
x−pn −x0−p
= 1 n
n−1
∑
k=0
yk −→
n→∞pα Il s’ensuit alors facilement : 1
nx−pn −→
n→∞pα, d’oùxn ∼
n→∞
1
√p
npα.
Étape 4 : On suppose désormaisγ6=0 ; commeyn= pα+pγxnp(1+o(1)), on a :
n−1
∑
k=0
yk =npα+pγ
n−1
∑
k=0
xkp(1+o(1)).
On noteSn =
n−1∑
k=0
yk−npα
pγ , de sorte queSn=
n−1
∑
k=0
xkp(1+o(1)). Maisxnp ∼
n→∞
1 npα ∼
n→∞
1
(n+1)pα, et comme
∑
n>0
1
n+1 diverge, on a : Sn ∼
n→∞
1 pα
n−1
∑
k=0
1 k+1 ∼
n→∞
1 pα
n−1
∑
k=0
ln
1+ 1 k+1
n→∼∞
1 pαln
n−1
∏
k=0
k+2 k+1
!
n→∼∞
1
pαln(n+1) ∼
n→∞
lnn pα
Florian LEMONNIER 1
Diffusion à titre gratuit uniquement. ENS Rennes – Université Rennes 1
DÉVELOPPEMENTS POUR L’AGRÉGATION EXTERNE
D’où
n−1
∑
k=0
yk=npα+γ
αlnn(1+o(1)). Puisx−pn =npα+γ
αlnn+o(lnn). Enfinxn = (npα)−1p
1+γ
α lnn
n +o lnn
n −1p
= 1
√p
npα
1− γ p2α2
lnn n +o
lnn n
. Ce qui revient à conclure :xn= 1
√p
pnα− γ p2α2√p
pα lnn n√p
n +o lnn
n√p n
. Lemme (Cesàro)
Soit(an)∈CN, une suite qui converge versl∈C.
Alors lim
n→∞
1 n
∑
n k=1ak =l.
Démonstration :
Soitε>0 ;∃N∈N∗,∀n>N,|an−l|<ε.
Alors, pourn>N:
∑
n k=1ak−nl
6
∑
N k=1ak−Nl
| {z }
=:K
+
∑
n k=N+1ak−(n−N)l
6K+
∑
n k=N+1|ak−l|6K+ (n−N)ε6K+nε
Puis∀n> N, 1 n
∑
n k=1ak−l
6 K n +ε.
Or,∃N1>N,∀n>N1,K
n <εet alors∀n>N1, 1 n
∑
n k=1ak−l
62ε.
Références
[Rom] J.-E. ROMBALDI –Éléments d’analyse réelle : CAPES et agrégation de mathématiques, EDP Sciences, 2004.
Florian LEMONNIER 2
Diffusion à titre gratuit uniquement. ENS Rennes – Université Rennes 1