Devoirs de révision physique Bac pdf - Web Education

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Chimie

Exercice N°1:

1°)

 La durée de la réaction > 30 min  la réaction est lente.

 A la fin de la réaction les 2 réactifs présents La réaction est limitée 2°)

a-

n1 - x = 9,25.10-3mol avec x = 2.10-3mol ; n1 = 9,25x10-3 + 2.10-3 = 11,25.10-3mol

n2 – x = 4.10-3 n2 = 6.10-3mol ; n1 – xf = 6,25.10-3  xf = 5.10-3mol -3 f f -3 m 5.10 τ = = = 0,83 6.10 x x 3°)

a- k ne dépend que de la température



 



_

_

_

2 -32 éq éq éq éq -3 -3 éq éq 1 2 éq éq

[ester] [eau] n(ester) .n(eau) 5.10

b - K = = = = = 4

alcool . acide n(acide) . n(alcool) n - n - 6.25.10 .10

f

f f

x

x x

4°) A l’équivalence n acide = n base

 -3  -3 -3 B B B 0,25.10 9.25.10 = C V V = = 18,5.10 L 0,5 5°) a-  _{}  acide alcool ester eau

t = 0 0 a 2 2 tf x’f a + x’f 2- x’f 2- x’f b- π = 2.2 =  K  sens inverse a.0   c- ntotale =

x’

f + a +

x’

f + 2 -

x’

f + 2-

x’

f= a + 4 = 4,5 a = 0,5 mol



( - )²



 f'   ' 2 K 4 = 0, 6mol 0, 5 + ' f ' f f x x

x x ; n(ac) = 0,6mol ; n(al) = 0,11mol , n(ester) = n(eau) = 1,4mol

d-

Si n1< 0,006mol xr = n1

Si n1 >0,006 mol donc xm=0.006mol : On trouve n1=0.03mol

 _{} 

acide alcool ester eau

t = 0 n1 0,006 0 0 tf n1-- xf 0,006 - xf xf xf

Devoir de revision

2019-2020 L :M. Mégdiche

Matière: Sciences physiques

Classes: 4éme_{Sc.exp- Math}

Mr :Khemakhem.H

Correction

D-R-E : Sfax 1        -3 1 1 0, 95² K = = 4 n = 1, 3.10 mol 0, 006 _{.0, 05} n - 0, 95









                  _ _      2 2 2 m 1 1 1 m m m m x τ K = = ; K = = 4 n n - 0,006 - n 0,006 0,006 - τ - τ - -V f f f f f f f f f x x x x x x x x x x x

(2)

Exercice N°2 :

1°) a- Equation _ __  3 2 5 PCl C l PC l

Etat Avancement Qualité de matière en mol

Initial 0 2 2 0 Inter X 2– x 3x x Fianl xf 2 – xf 2 – xf xf b- Pour E1; 𝛕𝟏 = 𝐱_𝒇𝟏 𝐱𝐦𝐚𝐱

;

𝒙𝒇𝟏 = 𝛕𝟏 . xmax  𝒙_𝒇_𝟏 = 0,75 . 2 = 1,5 mol Pour E2; 𝛕𝟐 = x₂

x_max

;

𝒙𝒇𝟐 = 𝛕𝟐 . xmax 𝒙𝒇𝟐 = 0,45 . 2 = 0,9 mol

2°) Si on augmente la température, xf décroit donc le système évolue dans le sens inverse.

D’après la loi de modération, à pression constante et pour un système fermé, si la température augmente le système évolue dans le sens endothermique

 le sens inverse est un sens endothermique  le sens direct (synthèse) est exothermique 3°)

a- Si la température augmente, la vitesse de la réaction augmente θ2> θ1 donc t2< t1 b-

4°) Pour E1 : Si la pression augmente, d’après la loi de modération le système évolue dans le sens qui fait

diminuer le nombre total de moles gazeux (sens direct) 5°) D’après les résultats de l’exercice, on remarque :

 Si la température augmente, on accélère la réaction mais le rendement diminue.

 Si la pression augmente, le système évolue dans le sens de la synthèse de PCl5 donc le rendement augmente.

 La méthode avec laquelle agit un industriel qui veut synthétiser le gaz PCl5 est d’ajoute un gaz inerte

pour augmenter la pression du système.  Le rendement augmente. t x (mol) x f2 xf1 E1 à θ1 E2 à θ2 t2 t1

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Physique

Exercice n°1

a- Loi des mailles : uB + uR =E a- i(t)=I(1- )avec 1°) a- À t=0 : i=0A, uR=0V et uB=E= 9V b- τ=2ms 2°)

a- régime permanent : rI=9V

b- 3°) 4°)

Exercice N° 2 :

1°) a- et

UNMmax=RImax

l’oscillogramme (S) qui possède l’amplitude la plus élevée correspond à la tension u(t)

E R r dt d L     i i i L E L R) (r dt d _  _  i i  t

e

r R L τ r R E I             R B B R

À t = (en régime permanent) i = I u = R.I = 7V u = rI = 2V E u + u = E (R + r).I = E = 9V I = R + r 0,2A 10 2 r 2 I    35Ω 0,2 7 I 7 R 7V RI     0,09H 45 2.10 r) (R τ L r R L τ      3     J 1,8.10 (0,2) 0,09 2 1 LI 2 1 E_L  2  2 3     max 2 2 DM m 1 U (R r) (Lω ) .I Cω



L,r E i R u uR + Y X E R.I R.I r.I uR uB τ      _max  _max 2 2 DM NM 1 Comme (R r) (Lω ) R Cω U U

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Z

UDNmax

UDMmax

0 UNMmax X Y

+

l’oscillogramme (S’) correspond donc à la tension uNM(t) ; il permet aussi de déterminer i(t)

b- i(t) est en phase avec uNM(t) .

(Δt est le décalage horaire entre u et i qu’on lit sur les courbes)

u(t) atteint son maximum avant uNM(t).

u(t) est en avance de phase par rapport à i(t) Le circuit est inductif

c-amplitude de u(t) :Umax=17,32v

phase de u(t) :à t=0s u(t)=0 et croissant

amplitude de i(t) :

phase de i(t) :

d’où les expressions : ; i(t)= sin(100πt )

2°)

a- Le circuit étant inductif u(t) =uDM(t) en avance sur i(t) de phase c’et à dire sur uNM(t) , la construction de Fresnel de la figure (3-a-) convient.

b-

• r.i(t) est representer par le vecteur sa longueur est 1,5cm,

• est representer par le vecteur _. Comme

a une longueur est 10,4cm.

• est represente par le vecteur de

longueur 13cm,soit LImax

c-

r =40 𝛀

L Imax = L Ie = 43,3 V

L = 1,1 H

La tension uDN(t) est représentée par le vecteur de Fresnel de longueur 3 cm.

UDNmax = UDN puisque = . La phase initiale de uDN(t) qui est donnée

par l’ongle ( , ) est égale à + rad

uDN(t) = 10 sin (100 t + )

R

(t)

u

_NM





 R.i(t)

(t)

U

_NM

rad

6 π

12 T

.

T

2π

ω.Δt

Δ







_u





_i



6 π

Δ

0 Δ













_u





_i







  _u0   NMmax  max e U 10 2 I I 2 R 80  Imax Ie 2  0,125 2A

rad

6 π

Δ

u











 

 .







u t 17, 32. 2 sin 100 t 0,125 2

6 π



XY  2 5 2 r.I rI_max  _e.  .



idt C 1 _YA V 2 34,6 ω C 2 I C Imax _ e _  dt di L AZ . .   max e rI r.I 2 5 2 . .     e e 5 2 5 r 40Ω I I 2 YA 

(5)

3°) Imax = Qmax =

Exercice N°3 :

1°) Un oscillateur électrique est constitué par un condensateur et une bobine circuit (LC)

2°) La fréquence propreN0=107Hz 3°)  -7 0 2 2 6 0 1 1 1 N = L = = = 5.10 H 4π N C 2.10 2π LC