G ERGONNE
Autres solutions des mêmes problèmes
Annales de Mathématiques pures et appliquées, tome 10 (1819-1820), p. 83-88
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DES COLLÈGES ROYAUX
DEPARIS.
83énoncé ;
maissi,
au lieu d’unangle trièdre ,
on considère troisplans
indéfinispassant
par un mêmepoint,
et formant 8angles
trièdres autour de ce
point,
leproblème
pourra être indistincte-ment résolu par toutes Jes nappes de cette
surface , lesquelles
sontau nombre de
quatre,
et tellementdisposées
entreelles,
que deuxne se trouvent
jamais
situées dans deuxangles opposés
aux som-mets. Les
angles
où elles se trouvent sont , i.°l’angle
desx, y,
js
positifs ;
2.° les troisangles
pourlesquels
une seule des trois coordonnées x , y, z estpositive.
Ou
peut
donner àl’équation
de cette surface une formesymé- trique,
en y introduisant lesangles 03B1 , 03B2
que forme l’arète SAavec les arêtes
AB , AC ;
il suffit pour cela de remarquer que suivant les notes de la Géométrie de M.LEGENDRE,
on aet
d’introduire
cette valeur dansl’équation ci-dessus.
Autres solutions des mêmes problèmes ;
Par M. G E R G O
N N E.PROBLÈME
I. Par unpoint
donné dans unangle donné,
etégalement
distant de ses deuxcôtés ,
mener une droite terminéeaux deux côtés de
l’angle,
de telle sorteque
cepoint
la diviseen deux segmens dont la somme des
quarrés
soitéquivalente
à unesurface
donnée ?Solution. On voit d’abord que si la droite cherchée n’est
point
84
perpendiculaire
à cellequi joint
lepoint
donné au sommet del’angle donné,
il pourra y avoir deux solutions duproblème
dans cet
angle
môme. Deplus ,
si la surface donnée estplus grande
que lequarré
construit sur la droitequi joint
lepoint
donne au sommet de
l’angle donné ,
il y aura encore une solution dans chacun des deuxsupplémens
del’angle
donné.Ainsi,
leproblème peut
avoirquatre solutions ,
et pasdavantage.
Mais,
comme , en menant une droite indéfinie par lepoint
donnéet par le sommet de
l’angle donné,
tout se trouvesymétrique
parrapport
à cettedroite ;
il est facile deprévoir
que , Lien que du4.e degré ,
ceproblème
ne doitprésenter
réellement que la difficulté du second.Soient
XOY (fig. 9) l’angle donné ;
P lepoint donné , également
distant de ses deux
côtés ;
AB une droite menée par Pqui
résoutle
problème ; et b
le côté d’unquarré
constantauquel
doit êtreéquivalente
la sommePA2+PB2
desquarrés
des deux segmensPA ,
PB.Soit
pris l’angle
XOY pourangle des
coordonnéespositives ;
re-présentons
cetangle
par y ; soient les deux coordonnées dupoint
P
égales à a ; l’éqnation
de la droite AB sera de la formeM étant un coefficient inconnu
qu’il s’agit
de déterminer confor- mément à la condition duproblème.
Si ,
dans cetteéquation ,
on faitsuccessivernent r
et xégaux
à
zéro ,
les valeursqui
en résulteront pour x et y seront c:ellcs des segmensOA , OB ;
on trouvera ainsien
conséquence ,
etd’après
la formulequi
donne lequarré
de laDES
COLLÈGES ROYAUX
DEPARIS.
85 distance entre deuxpoints 1
dans le cas des coordonnées-obliques ,
on trouvera facilement
puis
doncqu’on
doit avoirl’équation qui devra
déterminer M seraou bien
Cette
équation développée
devientéquation complète
duquatrième degré ;
maisqui , étant réciproque ,
ne
comporte
que la di fficulté du second. Rien De seraitplus
faciled’ailleurs que de se rendre raison de cette
circonstance.
En divisant donc tous les termes de cette
équation
parM2 ,
elle
prendra
cette formeet ensuite celle - ci
Posant donc
M+=z,
nous aurons MCONCOURS
d’où
En formant le
lozange ODPE,
abaissant laperpendiculaire EC
sur
OD , prolongeant
CEvers E , jusqu’en F ,
de manière queCF=b;
faisantOC=c, OF=d,
on auraet
conséquemment
décrivant donc du
point
0 comme centre , et avec OF pourrayon ,
ledemi-cercle GFG’,
nous auronsde sorte que les
deux
valeurs de z serontmais l’équation M+1 M=z, qui revient à
donne
substituant donc successivement
cesdeux valeurs ,
nous aurensDES COLLÈGES ROYAUX DE PARIS. 87
et
de là,
à cause deOB=(I-M)a
longueurs faciles à construire,
et dont la détermination résout leproblème.
PROBLÈME
II.Quel
est le lieu des centres degravité
desaires de tous les
triangles qui
ont une aire constante et unangle
constant donnés ?
Solution. Soit
pris l’angle
constantdonné,
que nousdésignerons
par y pour
angle
des coordonnéespositives ;
soientX,
Y les deuxcôtes qui
lecomprennent,
et soit T l’aire constante dont ils’agit;
nous
aurons, par un théorême connu ,Mais,
si nousdésignons
par x , y les coordonnées du centre degravité,
nous aurons, par unepropriété
connue de ce centre,substituant
donc, l’équation
du lieucherché
seraéquation
d’unehyperbole
facile àconstruire y
et dont les axes descoordonnées sont les
asymptotes.
PROBLÈME
III.Quel
est le lieu des centres degravité des
CONC.rS COLLÈGES ROYAUX PARIS.
volumes de tous les tétraèdres
qui
ont un volume constant et unangle
trièdre constant donnés ?Solution. Soit
pris l’angle
trièdre constant donné pourangle
descoordonnées
positives ; désignons
par 03B1, 03B2, y ses troisangles plans,
et soient
X, Y, Z
leslongueurs
des arêtesrespectivement opposées;
Soit enfin T le volume constant dont il
s’agit ;
nous aurons , parun théorème connu ,
Mais,
si nousdésignons
par x, y, z les coordonnées du centre degravité ,
nous aurons , par unepropriété
connue de ce centre,Substituant
donc , l’équation
du lieu cherché seraéquation
d’une surface du troisièmeordre, ayant
lesplans
coor-donnés pour
plans asymptotiques (*).
(*) Nous nous abusons
peut-être ;
mais leproblème proposé
aux élèves demathématiques
élémentaires nousparaît,
à lui seul,plus.
difficile etplus
sus-ceptible
dedéveloppemens
et dedétails ,
que ne le sont ensemble les deuxqui
ont étéproposés
aux élèves demathematiques spéciales.
Il se peut, ansurplus ,
que lesgéomètres qui
en ont fait le choix, aient aperçuquelque
manière