6GEI620 - Électronique II
Examen Partiel #1
Solutionnaire Hiver 2009
Modalité:
• Aucune documentation n’est permise.
• Vous avez droit à une calculatrice non programmable.
• La durée de l’examen est de 2h45.
• Cet examen compte pour 25% de la note finale.
Question 1. Questions théoriques. (14 points)
a) En utilisant le théorème de Miller, déterminez la valeur du condensateur que verrait une source connectée a l’entrée ? Considérez que le gain est infini. (2 point)
+- 100K 10K
1μF
Le theoreme de Miller dit que l’entree va voir une capacite de C(1-A). Ici, le gain de notre configuration est de -10. Donc, la capacite que va voir l’entree est une capacite de 11μF.
b) Donnez UNE situation ou l’on préférerait utiliser la base commune à la place de l’émetteur commun. Expliquez pourquoi. (1 point)
J’imagine que je peux accepter le cas ou on veut un gain positif a la place d’un gain negatif. Une autre option serait de parler des applications ou on veut une resistance faible a l’entree comme pour le « matching » d’impedances. Derniere option serait dans les cas ou l’on veut la haute vitesse. On sait que l’effet de Miller n’est pas present et donc, on peut normalement operer a des vitesses plus elevees.
c) Nommez 2 bénéfices significatives d’utiliser les techniques par constantes de temps compare a la méthode « traditionnelle »? (1 point)
C’est plus rapide et ca donne la contribution de chaque « element ». Connaissant la contribution de chaque element, on est capable de savoir d’ou viennent les problemes et on pourra les regler.
d) Le circuit suivant montre un amplificateur avec un gain égal a 1. Dans quel cas c’est utile (1 exemple) ? (1 point)
+ -
Les suiveurs sont bons pour isoler les resistances des differents etages. On pense par exemple a une source de tension avec une resistance interne qui est connectee a une configuration d’amplificateur. La valeur de la resistance interne peut affecter le gain de l’amplificateur. Pour empecher ce comportement, on peut mettre un suiveur.
e) Le circuit ci-dessous est un amplificateur en connexion cascode. On dit que ça réduit l’effet de Miller. Expliquez pourquoi. (2 point)
+ -
VIN
VOUT
Une configuration cascode, c’est comme un emetteur commun connecte a une base commune. Le gain de l’emetteur commun est determine par –gmRC. Dans ce cas-ci, a la place d’avoir un RC, on a « l’entree de la base commune ». La resistance RIN de la base commune devient le RC de l’emetteur commun. Le gain sera donc -gmre=-gmrπ/(β+1)= - β/(β+1). Cette valeur est moins que -1. Ayant un gain de -1, l’effet de Miller n’a pas beaucoup d’effet. Par la suite, ce signal passe par la base commune qui donne un gain de gmRC. En multipliant les gains ensembles, on se retrouve avec un circuit qui a un gain de –gmRC. La seule difference c’est que le gain est fait par la base commune et donc, l’effet de Miller n’est pas present.
f) Dessinez un miroir de courant de 1mA avec deux transistors PNP, une alimentation de 9v et une résistance. (2 points)
9v
8.3K
g) Quels 3 éléments du modèle petit signal modélisent le comportement à hautes fréquences? Expliquez brièvement d’où ils proviennent. (1 point)
rx, cπ, cμ. Cμ et Cπ sont des capacites parasites qui proviennent des 2 diodes PN dans les transistors. La resistance rx provient de la resistance dans la base qui est seulement significative a hautes frequences.
h) En feedback négatif, on sait que les tensions V+ et V- tendent à être égales. Que peut-on dire que V+ et V- quand on est en feedback positif ? (2 point)
On ne peut rien dire...
i) A quoi sert le condensateur a l’émetteur en configuration émetteur commun? Que se passerait-il si le condensateur n’y était pas? (1 point)
Ca sert a contourner la resistance de l’emetteur qui est la pour s’assurer qu’on est en region active.
j) Proposez UNE modification de circuit que vous pouvez faire pour augmenter la fréquence d’opération maximale d’un émetteur commun ? Expliquez. (1 point) On sait qu’en temps normal, la frequence maximale de l’emetteur commun est limitee par la capacite de Miller. On pourrait donc 1. reduire la resistance de source 2. reduire le gain (RC) 3. connexion cascode 4. mettre un suiveur a l’entree...
Question 2. Pour la question 2, tous les amplificateurs sont alimentés avec +5v et -5v. (8 points)
a) Quelle est la fonction de transfert de ce circuit si A n’est pas infini? (3 points) b) Quelle est la fonction de transfert de ce circuit si A est infini ? (1 points)
+ - VIN
VOUT A
R1
C
R2
(
out)
out
in sC v v
r v v r
v
v − + −
− =
− −
−
2 1
out out
in sCv sCv
r v r v r v r
v − − = − − + − − 2
2 1 1
out out
in sCv
r sCv v r
v r v r
v = − + − + − − − 2 2
1
1 = A
(
v+ −v−)
vout
− + −
=v v A
vout
A v v
v− = + − out
A v− =−vout
out out
in sCv
r sC v r v r
r
v ⎟− −
⎠
⎜ ⎞
⎝
⎛ + +
= −
2 2
1 1 1 1
out out
out
in sCv
r sC v r r A v r
v ⎟− −
⎠
⎜ ⎞
⎝
⎛ + +
−
= 2 2
1 1 1 1
⎥⎦
⎢ ⎤
⎣
⎡ ⎟+ +
⎠
⎜ ⎞
⎝
⎛ + +
−
= sC
sC r r r v A
r v
out in
2 1 2
1 1 1 1 1
in out
v v r sC
r sC r r A
=
⎥⎦
⎢ ⎤
⎣
⎡ ⎟+ +
⎠
⎜ ⎞
⎝
⎛ + +
−
2 1 2
1 1 1 1 1
1
Quand A tend vers l’infini, on obtient
in out
v v r sCr
r =
⎥⎦⎤
⎢⎣⎡ +
− 2 1 1
1
c) Le concepteur d’un bras robotique vient vous voir parce qu’il a besoin d’aide. Le bras qu’il a construit est un système en boucle fermée qui est instable. En faisant un calcul mathématique rapide il trouve qu’il aurait besoin d’avoir un bloc qui a la fonction de transfert suivante : T(s)=−
(
10+0.1s)
. Concevez un circuit avec un amplificateur opérationnel idéal et des composantes passives pour réaliser cette fonction. Dessinez le circuit et choisissez les valeurs des composantes. (4 points)On sait qu’on a besoin d’un gain et d’une dérivée NEGATIFS. On sait donc que l’entrée doit se faire par l’entrée négative.
On sait qu’en gain négatif, on a une résistance en feedback et une resistance en entree.
On sait qu’on peut faire une derivee en mettant une capacite en entree et une resistance en feedback. On pourrait donc penser a une structure comme celle ci :
+ - R2 R1
C
2
1 R
sCv v R
v out
in
in −
= +
2 1
1
R sC v
vin R − out
⎟=
⎠
⎜ ⎞
⎝
⎛ +
in out
v sC v
R R ⎟=
⎠
⎜ ⎞
⎝
⎛ +
− 1
2 1
in out
v sCR v R
R ⎟=
⎠
⎜ ⎞
⎝
⎛ +
− 2
1 2
On a besoin que R2/R1 soit egal a 10 et que R2C soit egal a 0.1.
Il faut donc juste que R2 soit 10 fois plus grand que R1 et qu’on choisisse C pour que ca arrive a 0.1. R1=10K, R2=100K et C=1μF pourrait faire ce travail.
( )
in out
v s =v +
− 10 0.1
+- 100K 10K
1μF
Question 3. Considérez le circuit suivant. (9 points)
+-
5v
3v
100K β=100
1mA 1K
a) Trouvez VB, VC et VE. (2 points) b) Trouvez IB, IC et IE (2 points)
( )
BE mA I
I =1 = β +1 mA A
IB 9.9μ 101
1 =
= K A
VB 9.9μ 100
3− = 99 . 0 3−VB =
01 .
=2 VB
31 .
=1 VE
(
A)
AIC =1009.9μ =990μ
c) Avec les réponses trouvées en a) et b) et en sachant que VA=100, calculez les paramètres petit-signal pour le modèle en π. (2 points)
0396 . 25 0
990 =
=
= mV
A V
g I
T C m
μ 0396 2525 . 0
100 =
=
= gm
r β
π
101010 990
100 =
=
=I A
r V
C A
o μ
d) Utilisez la méthode par constante de temps court-circuit pour trouver la fréquence de coupure si les 2 condensateurs étaient de 1μF. Pour la question d), ignorez ro. (3 points)
100K
1K
100K
1K IC
V+
V-
π r
va v K
IC= v+ + +− 100
K va r
va va v
v
gm( +− )+ +− =1 π
K va r
va r
va v gm v
gm( +)− ( )+ + − =1 π π
) 1 (
)
( gm va
r va K va r
v v
gm + + + = + +
π π
⎟⎠
⎜ ⎞
⎝
⎛ + +
+ = +
+ gm
r va K
r v v
gm π π
1 1 ) 1
(
⎟⎠
⎜ ⎞
⎝
⎛ + +
+ = +
+ gm
r r r va K
r v v
gm π
π π π
1 1 ) 1
(
⎟⎠
⎜ ⎞
⎝
⎛ + +
+ = +
+ π
β π va K r r
v v
gm 1
1 ) 1
(
⎟⎠
⎜ ⎞
⎝
⎛ +
⎟=
⎠
⎜ ⎞
⎝
⎛ +
+ va K re
gm r
v 1
1 1 1
π
⎟⎠
⎜ ⎞
⎝
⎛ +
⎟=
⎠
⎜ ⎞
⎝
⎛ +
+ va K re
r r
r
v gm 1
1 1 1
π π
π
⎟⎠
⎜ ⎞
⎝
⎛ +
⎟=
⎠
⎜ ⎞
⎝ +⎛
e r va K
v re 1
1 1 1
va e r K
v re =
⎟⎠
⎜ ⎞
⎝
⎛ +
⎟⎠
⎜ ⎞
⎝
⎛
+ 1
1 1
1
va K
v r
e
=
⎟⎠
⎜ ⎞
⎝
⎛ +
+ 1 1
1
va K
v r
e
=
⎟⎠
⎜ ⎞
⎝
⎛ +
+ 1 1
1
π π r
va r
v K
IC= v+ + + − 100
π
π r
K v r r v K IC v
e ⎟
⎠
⎜ ⎞
⎝
⎛ +
+ + − + +
=
1 1 1
100
⎟⎟
⎟⎟
⎟
⎠
⎞
⎜⎜
⎜⎜
⎜
⎝
⎛
⎟⎠
⎜ ⎞
⎝
⎛ +
− + +
=
1 1 1 1
100 1
K r r r v K
IC
π e
π
IC v
K r r r
K e
= +
⎟⎟
⎟⎟
⎟
⎠
⎞
⎜⎜
⎜⎜
⎜
⎝
⎛
⎟⎠
⎜ ⎞
⎝
⎛ +
− +
1 1 1 1
100 1
1
π π
IC v
K r r K
r r K r
K e e
e
= +
⎟⎟
⎟⎟
⎟
⎠
⎞
⎜⎜
⎜⎜
⎜
⎝
⎛
⎟⎠
⎜ ⎞
⎝
⎛ +
−
⎟⎠
⎜ ⎞
⎝
⎛ +
⎟⎠
⎜ ⎞
⎝
⎛ +
+
1 1 1 1 1
1 1 100
1
1
π π
IC v
K r r
K r
K e
e
= +
⎟⎟
⎟⎟
⎟
⎠
⎞
⎜⎜
⎜⎜
⎜
⎝
⎛
⎟⎠
⎜ ⎞
⎝
⎛ +
+ 1 1
1 100
1
1
π
IC v
K K r Kr
r
K e
e
= +
⎟⎟
⎟⎟
⎟
⎠
⎞
⎜⎜
⎜⎜
⎜
⎝
⎛
⎟⎠
⎜ ⎞
⎝
⎛ +
+ 1 1 1 100
1
1
π
( )
IC v K r r
r
K e
e
= +
⎟⎟⎠
⎜⎜ ⎞
⎝
⎛
+ +
1 100
1
1 π
Autres formes possibles:
1.
π π π
π r
g r K
r g
r K I
R V
m m C
EQ
⎟⎟⎠
⎜⎜ ⎞
⎝
⎛ + +
⎟⎟⎠
⎜⎜ ⎞
⎝
⎛ +
− +
=
= +
1 1
1 1
1 100
1
1
2.
( )
( )
⎟⎟⎠⎞⎜⎜⎝
⎛
+ +
− + +
=
= +
1 1
1 100 1
100
100
β β
π π
π
K r K K K
r
Kr I
R V
C EQ
3.
(
1)
1 1 100
100 + + +
=
π K β r
K REQ K
100K
1K V+ V-
π r v V gm
IC+ (0− +)= + gm r v
IC V + + +
=
+ π
⎟⎠
⎜ ⎞
⎝
⎛ +
+
= gm
v r
IC π
1
⎟⎠
⎜ ⎞
⎝ +⎛
=v re
IC 1
+
=v reIC
K IC v−=− 1
K IC reIC v
v+− −= + 1 K re REQ= +1
Question 4. Considérez le modèle petit-signal suivant où la source vin n’a pas de resistance interne et où la charge est la resistance RL. (9 points)
rπ RL
gmvbe vin
vout
RC
a) Calculez le gain vout/vin de ce circuit. (3 points) b) Trouvez le RIN (2 points)
c) Trouvez le ROUT(2 points)
d) La figure précédente nous montre le modèle petit-signal. De quoi a l’air l’amplificateur en modèle gros signal ? Dessinez-le (ou une des possibilités si vous croyez qu’il peut y en avoir plusieurs) (2 points)
rl vout vout vin r gm
vout
vin− + − =
) π (
rl gmvout vout gmvin
r vout r
vin − + − =
π π
π
π r
gmvout vout rl
gmvin vout r
vin + = + +
⎟⎠
⎜ ⎞
⎝
⎛ + +
⎟=
⎠
⎜ ⎞
⎝
⎛ +
π
π gm r
vout rl r gm
vin 1 1 1
vin vout gm r
rl
r gm =
⎟⎠
⎜ ⎞
⎝
⎛ + +
⎟⎠
⎜ ⎞
⎝
⎛ +
π π
1 1
1
vin vout re
rl
re =
⎟⎠
⎜ ⎞
⎝
⎛ +
⎟⎠
⎜ ⎞
⎝
⎛ 1 1
1
π r
vout iin vin−
=
vout re
rl
vin re =
⎟⎠
⎜ ⎞
⎝
⎛ +
⎟⎠
⎜ ⎞
⎝
⎛ 1 1
1
π r
re rl vin re vin iin
⎟⎠
⎜ ⎞
⎝
⎛ +
⎟⎠
⎜ ⎞
⎝
⎛
−
=
1 1
1
π r
re rl
re
vin iin
⎟⎠
⎜ ⎞
⎝
⎛ +
⎟⎠
⎜ ⎞
⎝
⎛
−
=
1 1
1 1
π r
re rl
re re
rl re rl
vin iin
⎟⎠
⎜ ⎞
⎝
⎛ +
⎟⎠
⎜ ⎞
⎝
⎛
−
⎟⎠
⎜ ⎞
⎝
⎛ +
⎟⎠
⎜ ⎞
⎝
⎛ +
=
1 1
1 1
1 1 1
π r
re rl
rl
vin iin
⎟⎠
⎜ ⎞
⎝
⎛ +
⎟⎠
⎜ ⎞
⎝
⎛
=
1 1
1
π
π r
re rl re r vin
re rl re rl
rl
vin
iin = +
⎟⎠
⎜ ⎞
⎝
⎛ +
⎟⎠
⎜ ⎞
⎝
⎛
=
1
(
re rl)
rπ vin reiin= +
( )
iin vin re
r re rl
+ π =
( )( )
iin rl vin
re+ β+1 =
rπ RL
gmvbe vout
RC
π r gmvbe vout
iout+ =
π r gmvout vout
iout− =
gmvout r
iout= vout + π re iout= vout
iout re=vout
Question 5. Approximez la fréquence de coupure avec la méthode par constante de temps circuit-ouvert. (5 points)
rπ Cπ
Cμ
RL
gmvbe vin
rπ Cμ
RL
gmvbe
Le cμ est connecte entre 2 masses: son v+ et v- sont 0. Il ne contribue pas du tout.
rπ Cπ
RL
gmvbe Cπ rπ
RL
gmvbe V+
RL r gmvbe v
IC π||
= + +
( )
RL r v v gm
IC 0 ||
π
= + +
− +
RL r gmv v
IC π||
= + +
−
+ + +
= gmv
RL r IC v
π||
⎟⎟⎠
⎜⎜ ⎞
⎝
⎛ +
+
= gm
RL v r
IC ||
1 π
IC v RL gm
r
= +
⎟⎟⎠
⎜⎜ ⎞
⎝
⎛ +
||
1 1 π
⎟⎟⎠
⎜⎜ ⎞
⎝
⎛ +
=
RL gm r REQ
||
1 1 π
C RL gm r C REQ
dB
⎟⎟⎠
⎜⎜ ⎞
⎝
⎛ +
=
− =
||
1 1
3
ω π
D’autres facons d’ecrire REQ:
1.
⎟⎠
⎜ ⎞
⎝
⎛ + +
+ =
=
RL gm r
I REQ V
C 1 1
1 π
2. ⎟⎟
⎠
⎜⎜ ⎞
⎝
=⎛
= +
m L
C r R g
I
REQ V 1
||
π ||
Équations
( )
BE I
I = β +1 IE =IB +IC
E C
I
= I
α = +1
β α β
Parametres petit-signal
gm
r β
π =
(
+1)
= βπ re r
T C
m V
g = I
C A
o I
r =V
Constantes 7 .
=0
VBE VCE_SATURATION =0.2 VT =25mV