Université Frères Mentouri– Constantine1 Année universitaire 2020-2021 Faculté des Sciences de la Nature et de la Vie Tronc commun – 2èmeAnnée LMD Nom : ……… Prénom : ……… Groupe ……...
Contrôle de Génétique
Sujet 11
1- Compléter les vides
- Dans un test cross pour 3 gènes, les classes parentales majoritaire sont (g+ h+ i+) et (g h i), les classes double recombinées minoritaires sont (g h+ i+) et (g+ h i). Le gène central est g+/g (0,25pt) car c’est le gène qui permute (0,25pt)
- Un individu hétérozygote possède deux allèles différents (0,25pt) à un même locus (0,25pt) - On parle d’absence de dominance lorsque deux allèles conduisent, chez les hétérozygotes, à un
phénotype intermédiaire (0,25pt) entre les phénotypes des deux parents.
- Le polyhybridisme (0,25pt) est un croisement dans lequel plusieurs caractères sont étudiés 2- Soit 2n= 10 :
Le nombre de chromosomes dans les cellules somatiques de la femelle est 10 (0,25pt)
Le nombre d’autosomes dans une cellule somatique chez un mâle est 8 (0,25pt)
Le nombre de chromosomes en métaphases I de la méiose est 10 (0,25pt)
Le nombre de chromatides à la métaphase de la mitose est 20 (0,25pt)
Le nombre d’autosomes dans un gamète femelle est 4 (0,25pt)
Le nombre de chromosomes en métaphases II de la méiose est 5 (0,25pt)
3- Le croisement de deux cobayes purs, l’un à poils (noirs), l’autre à poils (blancs) donne une F1 (noire). Le croisement de deux cobayes de la F1 entre eux donne 6 cobayes (noirs) et 2 cobayes (blancs).
- Selon la méthode de Mendel, on symbolise noir par B (0,25pt) et blanc par b (0,25pt)
- Génotypes des parents : B/B (0,25pt) b/b (0,25pt) Génotype de la F1 B/b (0,25pt) - Gamètes fournis par la F1 avec leurs proportions ½ B (0,5pt) ½ b (0,5pt)
- Le croisement et contrôlé par 1 (0,25pt) gène(s) car les résultats 6, 2 correspondent aux proportions ¾ ¼ (0,25pt)
- Le croisement d’un cobaye (noir) de la F1 par un cobaye (blanc) est appelé Test cross (0,25pt), il donne le résultat ½ (B) (0,5pt) ½ (b) (0,5pt)
4- Un homme de groupe sanguin (A) est poursuivi pour paternité par une femme de groupe sanguin (B). L’enfant est de groupe sanguin (O).
- La mère est de génotype B/O (0,5pt) - L’enfant est de génotype O/O (0,5pt)
- Pour que l’homme puisse être le père de l’enfant, il doit être de génotype A/O (0,5pt)
20.00
5- Chez le cochon d’Inde, le phénotype fourrure rude (R) est dominant sur le phénotype fourrure angora (r) ; le phénotype fourrure noire (N) est dominant sur le phénotype fourrure blanche (n).
chaque caractère et contrôlé par un seul gène. Les deux gènes sont indépendants.
On croise deux cobayes purs l’un à (fourrure rude et noire), l’autre à (fourrure angora et blanche).
(4,75pts)
- Le phénotype de la F1 est (R N) (0,25pt)
- Gamètes fournis par la F1 avec leurs proportions
¼ R N (0,25pt) ¼ R n (0,25pt) ¼ r N (0,25pt) ¼ r n (0,25pt) + (0,5 pt pour les rapports) - Résultats (phénotypes et proportions) du croisement F1 x F1
9/16 (R N) (0,25pt) 3/16 (R n) (0,25pt) 3/16 (r N) (0,25pt) 1/16 (r n) (0,25pt)+ (0,5pt pour les rapports) - Le croisement F1 x (fourrure angora et blanche) donne
¼ (R N) (0,25pt) ¼ (R n) (0,25pt) ¼ (r N) (0,25pt) ¼ (r n) (0,25pt) + (0,5pt pour les rapports) 6- Le croisement de deux drosophiles pures l’une sauvage au corps gris et aux yeux rouges, l’autre
mutante au corps ebony (eb) et aux yeux écarlates (sc) donne en F1 des drosophiles au corps gris et aux yeux rouges.
Croisement A : On croise des drosophiles femelles de race pure aux yeux écarlates (sc) et au corps ebony (eb), avec des mouches hybrides (hétérozygotes) de phénotype sauvage pour les deux caractères, et on obtient : 199 mouches sauvages 196 corps ebony et aux yeux écarlates
7- On obtient uniquement de parentaux (0,25pt) On obtient des parentaux et de recombinés Justification
Le mâle hétérozygote ne subit pas de crossing over (0,25pt). Nous obtenons uniquement des gamètes parentaux (0,25pt)
Croisement B : On croise une femelle sauvage hybride et un mâle de race pure aux yeux écarlates et au corps ebony, on obtient :
319 aux corps ebony et yeux rouges 555 corps ebony et aux yeux écarlates
327 aux corps gris et aux yeux écarlates 545 mouches sauvages 8- On obtient uniquement des parentaux On obtient des parentaux et des recombinés (0,25pt)
Justification
La femelle hétérozygote subit des crossing over (0,25pt). Nous obtenons des gamètes parentaux et des gamètes recombinés (0,25pt)
9- Les gènes sont liés Les gènes sont indépendants
Justification P : (eb+ sc+) et (eb sc) (0,25pt) = 545 + 555 = 1100 (0,25pt) R : (eb+ sc) et (eb sc+) (0,25pt)= 327 + 319 = 646 (0,25pt) P > R (0,25pt) Si les gènes sont liés, la distance qui lessépare est égale à 36.99 cM (0,25pt) - Le génotype de la F1 est eb+ sc+ / eb sc (0,5pt)
- Types et fréquences des gamètes fournis par les mâles hybrides du croisement A
½ eb+ sc+ (0,5pt) ½ eb sc (0,5pt)
- Types et fréquences des gamètes fournis par les femelles hybrides du croisement B
18.49% eb+ sc (0,5pt) 18.49% eb sc+ (0,5pt) 31.5% eb+ sc+ (0,5pt) 31.5% eb sc (0,5pt)
